妙解高考数学填选压轴题专题31 对数单身狗 指数找朋友-妙解高考数学填选压轴题

专题31对数单身狗指数找朋友【方法点拨】对数单身狗（提公因式，让落单），指数找朋友（等价转化，让在分母上）：①在证明或处理含对数函数的不等式时，通常要将对数型的函数“独立分离”出来，这样再对新函数求导时，就不含对数了，只需一次就可以求出它的极值点，从而避免了多次求导.这种相当于让对数函数“孤军奋战”的变形过程，我们形象的称之为“对数单身狗”.由（这里设），则不含超越函数，求解过程简单.②在证明或处理含指数函数的不等式时，通常要将指数型的函数“结合”起来，即让指数型的函数乘以或除以一个多项式函数，这样再对新函数求导时，只需一次就可以求出它的极值点，从而避免了多次求导.这种相当于让指数函数寻找“合作伙伴”的变形过程，我们形象的称之为“指数找朋友”.由，则是一个多项式函数，变形后可大大简化运算.【典型题示例】例1已知函数，当x≥0时，f（x）≥x3+1，则a的取值范围是.【答案】【分析】遇到f(x)ex＋g(x)的形式变形为ex·h(x)，其求导后的结果是[ex·h(x)]′＝ex·[h(x)＋h′(x)]，其导数方程是多项式形式，所以它的根与指数函数无关，有利于更快捷地解决问题.【解析】等价于.设函数，则.（i）若2a+1≤0，即，则当x∈（0，2）时，>0.所以g（x）在（0，2）单调递增，而g（0）=1，故当x∈（0，2）时，g（x）>1，不合题意.（ii）若0<2a+1<2，即，则当x∈(0，2a+1)∪(2，+∞)时，g'(x)<0；当x∈(2a+1，2)时，g'(x)>0.所以g(x)在(0，2a+1)，(2，+∞)单调递减，在(2a+1，2)单调递增.由于g(0)=1，所以g(x)≤1当且仅当g(2)=(7−4a)e−2≤1，即a≥.所以当时，g(x)≤1.（iii）若2a+1≥2，即，则g(x)≤.由于，故由（ii）可得≤1.故当时，g(x)≤1.综上，a的取值范围是.点评：解决形如f(x)ex＋g(x)常见结论ex≥x＋1（有时甚至ex≥12x2+x＋1），从形的角度看，它揭示了曲线与其切线的位置关系，从数的角度看，它提供了一种将指数型结构转化为多项式型结构的方法，从而顺利突破难点．例2若不等式xlnx≥a(x−1)对所有x≥1都成立，则实数a的取值范围是．【答案】(−∞,1]【解析】原问题等价于lnx−a(x−1)x≥0对所有x≥1都成立，令fx=lnx−a(x−1)x，x≥1 ，则f'x=x−ax2．（1）当a≤1时，f'x=x−ax2≥0恒成立，即f(x)在[1,+∞)上单调递增，因而fx≥f1=0恒成立；（2）当a>1时，令f'x=0，则x=a，f(x)在(0,a)上单调递减，在(a,+∞)上单调递增，f(x)min=fa=lna−a+1<0，不合题意．综上所述，实数a的取值范围是(−∞,1]．点评：上述解法优势在于，将lnx的系数化“1”后，就可以有效避免求导后再出现对数函数，避免了隐性零点的出现,这是解决对数型函数的精华所在．【巩固训练】1.已知ex≥1＋ax对任意x∈[0,＋∞)成立，则实数a的取值范围是________．2.已知函数f(x)＝ex－1－x－ax2，当x≥0时,f(x)≥0恒成立，则实数a的取值范围为________．3.已知对任意的，则实数的取值范围是.4.已知关于的方程在上有且只有一个实数根，则实数的取值范围是.5.已知的零点不少于两个，则实数的取值范围是.6.已知有两个零点，则实数的取值范围是.7.已知当x≥1时，x2lnx−x+1≥m(x−1)2恒成立，则实数m的取值范围是．【答案与提示】1.【答案】(－∞,1]【解析】根据常用不等式ex≥x＋1,且y＝x＋1与y＝ex相切于(0,1),又y＝ax＋1也过点(0,1),观察图象可知,要使ex≥1＋ax对任意x∈[0,＋∞)成立,则a≤1,即实数a的取值范围为(－∞,1].2.【答案】eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(－∞，\f(1,2)))【解析一】由f′(x)＝ex－1－2ax,又ex≥x＋1,所以f′(x)＝ex－1－2ax≥x－2ax＝(1－2a)x,所以当1－2a≥0,即a≤eq\f(1,2)时,f′(x)≥0(x≥0),而f(0)＝0,于是当x≥0时,f(x)≥0,满足题意；又x≠0时,ex＞x＋1,所以可得e－x＞1－x,从而当a＞eq\f(1,2)时,f′(x)＝ex－1－2ax≤ex－ex·e－x＋2a(e－x－1)＝(1－e－x)·(ex－2a),故当x∈(0,ln2a)时,f′(x)＜0,而f(0)＝0,于是当x∈(0,ln2a)时,f(x)＜0,不合题意．综上所述,实数a的取值范围为eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(－∞，\f(1,2))).【解析二】因为ex≥x＋1,所以当a≤0时,ex≥ax2＋x＋1恒成立,故只需讨论a＞0的情形．令F(x)＝e－x(1＋x＋ax2)－1,问题等价于F(x)≤0,由F′(x)＝e－x[－ax2＋(2a－1)x]＝0得x1＝0,x2＝eq\f(2a－1,a).当0＜a≤eq\f(1,2)时,F(x)在[0,＋∞)上单调递减,所以F(x)≤F(0)＝0恒成立；②当a＞eq\f(1,2)时,因为F(x)在[0,x2]上单调递增,所以F(x2)≥F(0)＝0恒成立,此时F(x)≤0不恒成立．综上所述,实数a的取值范围是eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(－∞，\f(1,2))).3.【答案】【提示】设，则分类讨论，将导函数的零点、定义域的端点比较，分、、、四种情况.4.【答案】5.【答案】【提示】6.【答案】【提示】7.【答案】(−∞,32]【解析】原不等式等价于lnx−m(x−1)2+(x−1)x2≥0，        令fx=lnx−m(x−1)2+(x−1)x2 ，x≥1，则f'(x)=x−1[x−2m−2]x3，令f'x=0，得x1=1，x2=2m−2．（1）当2m−2≤1时，即m≤32时，对x≥1 ，f'x≥0，f(x)在[1,+∞)上单调递增，所以fx≥f1=0，满足题意；（2）当2m−2>1时，即m>32时，对x∈(1,2m−2)，f'x<0，f(x)在(1,2m−2)上单调递减，所以f2m−2