绝密★启用前2010年普通高等学校招生全国统一考试(广东A卷)数学(理科)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,满分40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。xx1.若集合A={-2<x<1},B={0<x<2}则集合A∩B=xxA.{-1<x<1}B.{-2<x<1}xxC.{-2<x<2}D.{0<x<1}2.若复数z1=1+i,z2=3-i,则z1·z2=A.4B.2+iC.2+2iD.33.若函数f(x)=3x+3-x与g(x)=3x-3-x的定义域均为R,则A.f(x)与g(x)均为偶函数B.f(x)为偶函数,g(x)为奇函数A.f(x)与g(x)均为奇函数B.f(x)为奇函数,g(x)为偶函数5{an}a2a32a1a4a74.4.已知为等比数列,Sn是它的前n项和。若,且与2的等差中项为4,S则5=A.35B.33C.31D.291m25.“4”是“一元二次方程xxm0”有实数解“的A.充分非必要条件B.充分必要条件C.必要非充分条件D.非充分必要条件36.如图1,△ABC为三角形,AA//BB//CC,CC⊥平面ABC且3AA=2BB=CC=AB,则多面体△ABC-ABC的正视图(也称主视图)是ABCDw_ww.k*s_5u.co_m7已知随机变量X服从正态分布N(3.1),且p(2≤X≤4)=0.6826,则p(X>4)=第1页共11页A、0.1588B、0.1587C、0.1586D0.15858.为了迎接2010年广州亚运会,某大楼安装5个彩灯,它们闪亮的顺序不固定,每个彩灯彩灯闪亮只能是红、橙、黄、绿、蓝中的一种颜色,且这5个彩灯商量的颜色各不相同。记这这5个彩灯有序地闪亮一次为一个闪烁,在每个闪烁中,每秒钟有且仅有一个彩灯闪亮,而相邻两个闪烁的时间间隔均为5妙。如果要实现所有不同的闪烁,那么需要的时间至少是A、1205秒B.1200秒C.1195秒D.1190秒二、填空题:本大题共7小题,考生作答6小题,每小题5分,满分30分。(一)必做题(9-13题)w_ww.k*s_5u.co_m9.函数f(x)=lg(x-2)的定义域是.rrrrrr10.若向量a=(1,1,x),b=(1,2,1),c=(1,1,1),满足条件(ca)(2b)=-2,则x=.11.已知a,b,c分别是△ABC的三个内角A,B,C所对的边,若a=1,b=3,A+C=2B,则sinC=.12.已知圆心在x轴上,半径为2的圆O位于y轴左侧,且与直线x+y=0相切,则圆O的方程是w_ww.k*s_5u.co_m13.某城市缺水问题比较突出,为了制定节水管理办法,对全市居民某年的月均用水量进行了抽样调查,其中n位居民的月均用水量分别为x1…xn(单位:吨),根据图2所示的程序框图,若n=2,且x1,x2分别为1,2,则输出地结果s为.w_ww.k*s_5u.co_m14、(几何证明选讲选做题)如图3,AB,CD是半径为a的圆O的两条弦,它们相交2a3于AB的中点P,PD=,∠OAP=30°,则CP=______.w_ww.k*s_5u.co_m第2页共11页15、(坐标系与参数方程选做题)在极坐标系(ρ,θ)(0≤θ<2π)中,曲线ρ=2sin与pcos1的交点的极坐标为______。三、解答题:本大题共6小题,满分80分。解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤。16、(本小题满分14分)x已知函数f(x)Asin(3x)(A0,x(,),0在12时取得最大值4 (1)求f(x)的最小正周期;(2)求f(x)的解析式;2123125(3)若f(α+)=,求sinαw_ww.k*s_5u.co_m17.(本小题满分12分)某食品厂为了检查一条自动包装流水线的生产情况,随即抽取该流水线上40件产品作为样本算495500515出他们的重量(单位:克)重量的分组区间为(490,,(495,,……(510,,由此得到样本的频率分布直方图,如图4所示。(1)根据频率分布直方图,求重量超过505克的产品数量。第3页共11页(2)在上述抽取的40件产品中任取2件,设Y为重量超过505克的产品数量,求Y的分布列。(3)从流水线上任取5件产品,求恰有2件产品合格的重量超过505克的概率。18.(本小题满分14分)w_ww.k*s_5u.co_m¼»如图5,ABC是半径为a的半圆,AC为直径,点E为AC的中点,点B和点C为线段AD的三等分点。平面AEC外一点F满足FB=FD=5a,FE=6a图5(1)证明:EB⊥FD;22(2)已知点Q,R分别为线段FE,FB上的点,使得BQ=3FE,FR=3FB,求平面BED与平面RQD所成二面角的正弦值。19.(本小题满分12分)某营养师要为某个儿童预定午餐和晚餐。已知一个单位的午餐含12个单位的碳水化合物6个单位蛋白质和6个单位的维生素C;一个单位的晚餐含8个单位的碳水化合物,6个单位的蛋白质和10个单位的维生素C.另外,该儿童这两餐需要的营养中至少含64个单位的碳水化合物,42个单位的蛋白质和54个单位的维生素C.如果一个单位的午餐、晚餐的费用分别是2.5元和4元,那么要满足上述的营养要求,并且花费最少,应当为该儿童分别预定多少个单位的午餐和晚餐?w_ww.k*s_5u.co_m20.(本小题满分为14分)x2y21p(x1,y1)Q(x1,y1)一直双曲线2的左、右顶点分别为A1,A2,点,是双曲线上不同的两个动点(1)求直线A与A2Q交点的轨迹E的方程式;第4页共11页l1l2(2)若点H(O,h)(h>1)的两条直线l1和l2与轨迹E都只有一个交点,且,求h的值。21.(本小题满分14分)x,yx,y设A(11),B(22)是平面直角坐标系xOy上的两点,先定义由点A到点B的一种折线距离p(A,B)为w_ww.k*s_5u.co_mxxyyP(A,B)=21+21.x,yx,y对于平面xOy上给定的不同的两点A(11),B(22)(1)若点C(x,y)是平面xOy上的点,试证明P(A,C)+P(C,B)P(A,B);(2)在平面xOy上是否存在点C(x,y),同时满足1.①P(A,C)+P(C,B)=P(A,B)②P(A,C)=P(C,B)若存在,请求所给出所有符合条件的点;若不存在,请予以证明。第5页共11页2010年普通高等学校招生全国统一考试(广东卷)数学(理科)参考答案一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,满分40分.1.D.【解析】AIB{x|2x1}I{x|0x2}{x|0x1}.2.A.【解析】z1z2(1i)(3i)1311(31)i42i3.B.【解析】f(x)3x3xf(x),g(x)3x3xg(x).4.C.【解析】设{an}的公比为q,则由等比数列的性质知,a2a3a1a42a1,即a42。55151由a与2a的等差中项为知,a2a2,a(2a).47447472444116(1)a1115∴q37,即q.aaq3a2,a16,S231.a824118151412114m15.A.【解析】由x2xm0知,(x)20m.244111(或由0得14m0,m。)mm,反之不成立,故选A。4446.D.117.B.【解析】P(X4)[1P(2X4)](10.6826)0.1587.228.C.【解析】共有5!=120个不同的闪烁,每个闪烁时间为5秒,共5×120=600秒;每两个闪烁之间的间隔为5秒,共5×(120—1)=595秒。那么需要的时间至少是600+595=1195秒。二、填空题:本大题共7小题,考生作答6小题,每小题5分,满分30分.9.(2,).【解析】由x20,得x2,所以函数的定义域为(2,).vvvvv10.2.【解析】ca(0,0,1x),(ca)(2b)2(0,0,1x)(1,2,1)2(1x)2,解得x2.1311.1.【解析】由A+C=2B及A+B+C=180°知,B=60°.由正弦定理知,sinAsin60,1即sinA.由ab知,AB60,则A30,C180oAB90o2于是sinCsin901.第6页共11页|a20|12.(x2)2y22.【解析】设圆心为(a,0)(a0),则r2,解得1212a2.1913..14.a.【解析】因为点P是AB的中点,由垂径定理知,OPAB.483在RtOPA中,BPAPacos30a.A2OD由相交弦定理知,BPAPCPDP,P3329即aaCPa,所以CPa.C2238B322x1,15.(2,).【解法1】两条曲线的普通方程分别为xy2y,x1.解得4y1.xcos,3由得点(1,1)的极坐标为(2,).ysin42sin1【解法2】由得sin2,Q0<202<4,cos12333732或22,或(舍),从而2,交点坐标为(2,)22444。三、解答题:本大题共6小题,满分80分。解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤.33315sin(2),cos2,12sin2,sin2,sin.25555517.(1)重量超过505克的产品数量是第7页共11页40(0.0550.015)12件;(2)Y的所有可能取值为0,1,2;C263C1C156C21128,1228,12,P(Y0)2P(Y1)2P(Y1)2C40130C40130C40130Y的分布列为Y012635611P130130130(3)从流水线上任取5件产品,恰有2件产品合格的重量超过505克的概率为121128272623CC2111231122821321。54039383736C4037197035432118.(1)证明:连结CF,因为¼AEC是半径为a的半圆,AC为直径,点E为»AC的中点,所以EBAC。在RTBCE中,ECBC2BE2a2a22a。在BDF中,BFDF5a,BDF为等腰三角形,且点C是底边BD的中点,故CFBD。在CEF中,CE2CF2(2a)2(2a)26a2EF2,所以CEF为Rt,且CFEC。因为CFBD,CFEC,且CEIBDC,所以CF平面BED,而EB平面BED,CFEB。因为EBAC,EBCF,且ACICFC,所以EB平面BDF,而FD平面BDF,EBFD。(2)设平面BED与平面RQD的交线为DG.22由FQFE,FRFB,知QR//EB.33而EB平面BDE,∴QR//平面BDE,而平面BDEI平面RQD=DG,∴QR//DG//EB.由(1)知,BE平面BDF,∴DG平面BDF,而DR,DB平面BDF,∴DGDR,DGDQ,∴RDB是平面BED与平面RQD所成二面角的平面角.在RtBCF中,CFBF2BC2(5a)2a22a,第8页共11页FC2a21sinRBD,cosRBD1sin2RBD.BF5a55215a在BDR中,由FRFB知,BRFB,333由余弦定理得,RDBD2BR22BDBRcosRBD5a5a129(2a)2()222aa3353529aaBRRD由正弦定理得,,即33,sinRDBsinRBDsinRDB25229sinRDB。29229故平面BED与平面RQD所成二面角的正弦值为。2919.解:设为
2010年广东高考(理科)数学试题及答案
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