妙解高考数学填选压轴题专题22 三点共线充要条件的应用-妙解高考数学填选压轴题

2023-11-13 · U1 上传 · 17页 · 792.8 K

专题22三点共线充要条件的应用【方法点拨】在平面内,是不共线向量,设,P、A、B三点共线说明:1.上述结论可概括为“起点一致,终点共线,系数和为1”,利用此结论,可求交点位置向量或者两条线段长度的比值.2.当条件中出现共起点的两个向量的线性组合时,应往三点共线方向考虑,特别的,当系数和不是“1”时,应化“1”.3.遇到条件“两条线段相交于一点”时,可转化成两次向量共线,进而确定交点位置.【典型题示例】例1在△ABC中,D在边BC上,延长AD到P,使得AP=9,若(m为常数),则CD的长度是________.【答案】0或.【分析】条件中向量共起点,可联想到三点共线,但其系数和不是1,应先变形为系数和是1的情形,求出.继而,在直接利用余弦定理或直接利用是等腰三角形求出其底边.【解析】可化为当,且时∵三点共线∴,故,,在,,.当时,,重合,此时的长度为,当时,,重合,此时,不合题意,舍去.故答案为:0或.例2在中,为上一点,,为上任一点,若,则的最小值是()A.9B.10C.11D.12【答案】D【分析】使用“三点共线”的向量充要条件,探究出m、n间的等量关系,再使用基本不等式求解.【解析】因为,所以又因为B、P、E三点共线所以m+3n=1所以,当且仅当时,“=”成立所以的最小值是12.例3已知点是边长为2的正内一点,且,若,则的最小值为_______.【答案】【分析】凑系数使其代数和为1,,取、,即,而可得M、E、F三点共线.再由极化恒等式得(其中D是BC的中点),,所以的最小值为.例4在平面直角坐标系中,和是圆上两点,且,点P的坐标为(2,1),则的取值范围为.【答案】【分析】设,则如图,延长至,使为求的取值范围,只需求点的轨迹.遇到圆的弦想中点、垂径定理,取中点为,设中,,,故,即的轨迹是以为圆心,为半径的圆∴,即的取值范围为.点评:(1)本题的关键是:逆用三点共线的充要条件,构造出向量,其起点为定点,转化为探究终点轨迹问题;(2)遇到圆的弦,应联想“取中点、垂径定理”;(3)已知条件不变,若所求变为求的取值范围,此时应设,则,想一想,为什么?例5若是锐角的外心,,,,,则.【答案】【分析】由得,将变形为.如图,作,,则三点共线,且.在,,,故.OACBDE例6已知中,,且的最小值为,若为边上任意一点,则的最小值是.【答案】【解析】由条件,设,则,其系数和为1设,则,故三点共线由的最小值为,即点到的距离是故中,由余弦定理得,设的中点为,由极化恒等式得,而.∴的最小值是.【巩固练习】1.如图,在中,已知点是延长线上一点,点是的中点,若,且,则.2.如图,在平行四边形中,,为的中点,为线段上一点,且满足,则实数()3.正方形ABCD的边长为1,O为正方形ABCD的中心,过中心O的直线与边AB交于点M,与边CD交于点N,P为平面上一点,满足,则的最小值为.4.在平面直角坐标系中,是圆上两动点,且,点坐标为,则的取值范围为.5.已知中,边上的中线,若动点满足,则的最小值是______.6.在四边形中,.若,则.7.在△ABC中,D为线段AC的中点,点E在边BC上,且BE=eq\f(1,2)EC,AE与BD交于点O,则eq\o(AO,\s\up6(→))等于( )A.eq\f(1,2)eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,4)eq\o(AC,\s\up6(→))B.eq\f(1,4)eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,4)eq\o(AC,\s\up6(→))C.eq\f(1,4)eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,2)eq\o(AC,\s\up6(→)) D.eq\f(1,2)eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,2)eq\o(AC,\s\up6(→))8.在△ABC中,过中线AD的中点E任作一直线分别交AB,AC于M,N两点,设eq\o(AM,\s\up6(→))=xeq\o(AB,\s\up6(→)),eq\o(AN,\s\up6(→))=yeq\o(AC,\s\up6(→))(xy≠0),则4x+y的最小值是________.9.在中,点是的三等分点,,过点的直线分别交直线于点,且,若的最小值为,则正数的值为()A.1 B.2 C. D.10.已知点是的外心,且,,若,则的值为.11.在中,BC是定长,且,若面积的最大值为2,则边的长为.12.已知为圆上的三点,线段的延长线与线段的延长线交于圆外的一点,若,则的取值范围为A.B.C.D.13.如图所示,过的重心作一直线分别交于点.若,,则的值为()A.4 B.3 C.2 D.114.已知中,,,CD与BE交于点P,AP=1,BC=4,,则的值是.15.已知中,,,,BM与AN交于点P,,则的取值范围是.16.已知A,B是圆上的动点,,满足对于任意A,B两点恒成立,则实数的取值范围是.【答案与提示】1.【答案】【解析】因为是的中点所以,即因为三点共线,所以,.2.【答案】A【分析】从三点共线入手,将用线性表示,再转化为目标向量,比较系数即可.【解析】∵三点共线∴(其中)又,所以所以,解之得,选A.3.【答案】【解析】根据题意,,∴的终点在线段BC上,∴,∴,∴;又O是MN的中点,∴,∴,∴,∴的最小值是.4.【答案】【简析】设,则,如图,,设则,由勾股定理得,故.5.【答案】【分析】由可得在线段上,故,而,有基本不等式立得.【解析】由,得,因为,所以在线段上所以,又因为,则(当且仅当,即P为CM中点时,“=”成立).故的最小值是.6.【答案】-16【解析】由中向量满足“共起点,系数和为1”联想到“三点共线”设E为上一点,且,则所以,则四边形是平行四边形,所以.7.【答案】 A【解析】 如图,设eq\o(AO,\s\up6(→))=λeq\o(AE,\s\up6(→))(λ>0),又eq\o(AE,\s\up6(→))=eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,3)eq\o(BC,\s\up6(→))=eq\f(2,3)eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,3)eq\o(AC,\s\up6(→)),∴eq\o(AO,\s\up6(→))=eq\f(2,3)λeq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,3)λeq\o(AC,\s\up6(→))=eq\f(2,3)λeq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(2,3)λeq\o(AD,\s\up6(→)).又B,O,D三点共线,∴eq\f(2,3)λ+eq\f(2,3)λ=1,∴λ=eq\f(3,4),∴eq\o(AO,\s\up6(→))=eq\f(1,2)eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,4)eq\o(AC,\s\up6(→)).8.【答案】 eq\f(9,4)【解析】 由D为BC的中点知,eq\o(AD,\s\up6(→))=eq\f(1,2)eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,2)eq\o(AC,\s\up6(→)),又eq\o(AM,\s\up6(→))=xeq\o(AB,\s\up6(→)),eq\o(AN,\s\up6(→))=yeq\o(AC,\s\up6(→))(xy≠0),E为AD的中点,故eq\o(AE,\s\up6(→))=eq\f(1,2)eq\o(AD,\s\up6(→))=eq\f(1,4x)eq\o(AM,\s\up6(→))+eq\f(1,4y)eq\o(AN,\s\up6(→)),∵M,E,N三点共线,∴eq\f(1,4x)+eq\f(1,4y)=1,∴4x+y=(4x+y)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4x)+\f(1,4y)))=eq\f(y,4x)+eq\f(x,y)+eq\f(5,4)≥2eq\r(\f(y,4x)·\f(x,y))+eq\f(5,4)=eq\f(9,4),当且仅当eq\f(y,4x)=eq\f(x,y),即x=eq\f(3,8),y=eq\f(3,4)时取等号.∴4x+y的最小值为eq\f(9,4).9.【答案】B【分析】利用平面向量的线性运算法则求得,可得,则,展开后利用基本不等式可得的最小值为,结合的最小值为列方程求解即可.【解析】因为点是的三等分点,则,又由点三点共线,则,,当且仅当时,等号成立,即的最小值为,则有,解可得或(舍),故,故选:B.10.【答案】【提示】解法同例5.11.【答案】2【解析】两边同时除以3得设,则故∵BC是定长,且面积的最大值为2∴当为BC边上的高时,面积取得最大值,此时故.12.【答案】D【解析】因为,所以,由此可知,向量与向量,的一端三点共线,由图象及平面向量共线定理易知的取值范围为.13.【答案】B【解析】欲求的值,可依据题设建立关于的等式(方程思想).因为三点共线,所以可设.因为,所以.因为为的重心,所以.又,故可得,整理得,由此可得,故选B.14.【答案】【分析】关键是求出点P分线段CD所成的比,方法有二,一是利用相似三角形、成比例线段,通过作平行线,二是抓住CD、BE相交于P,两次使用三点共线.【解析一】如图中,过点A作AF∥CD,交BP的延长线于F由平面几何知识易得:AF=2DP,PC=2AF,故PC=4DP∴①②③由①②③解得.【解析二】如上图右中,∵D、P、C三点共线∴()∵B、P、E三点共线∴()∴解之得∴(下略).15.【答案】【提示】,(其中).16.【答案】[0,4]【提示】设,则,故A,B,D三点共线,且,,易知,只需.

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