2021年高考数学(新高考全国Ⅰ卷)含解析版

2023-10-27 · U3 上传 · 8页 · 1.5 M

2021年普通高等学校招生全国统一考试(新高考I卷)C.4数学D.42答案:一、单选题B1.设集合A{x|2x4},B{2,3,4,5},则AB()解析:A.{2}设母线长为l,则l22l22.B.{2,3}4.下列区间中,函数f(x)7sin(x)单调递增的区间是()6C.{3,4}A.(0,)2D.{2,3,4}B.(,)2答案:3C.(,)B23D.(,2)解析:2AB{2,3},选B.答案:2.已知z2i,则z(zi)()A解析:A.62i2f(x)单调递增区间为:2kx2k(kZ)2kx2k(kZ),令k0B.42i26233C.62i,故选A.D.42ix2y25.已知F1,F2是椭圆C:1的两个焦点,点M在C上,则|MF1||MF2|的最大值为()答案:94CA.13解析:B.12,选C.C.z2i,z(zi)(2i)(22i)62i9D.63.已知圆锥的底面半径为2,其侧面展开图为一个半圆,则该圆锥的母线长为()答案:A.2CB.22解析:|MF||MF|由椭圆定义,|MF||MF|6,则|MF||MF|(12)29,故选C.则有ex0bex0(xa),121220sin(1sin2)6.若tan2,则()整理得ex0(xa1)b0,sincos06A.令g(x)ex(xa1)b,52B.则g(x)ex(xa),52C.∴g(x)在(,a)单调递减,在(a,)单调递增,56D.则g(x)在xa时取到极小值即最小值g(a)bea,5答案:又由已知过(a,b)可作yex的两条切线,C等价于g(x)ex(xa1)b有两个不同的零点,解析:则g(x)g(a)bea0,得eab,sin(1sin2)sin(sin2cos22sincos)sin2sincostan2tan2min,故选C.222sincossincossincostan15xx又当x时,e(xa1)0,则e(xa1)bb,7.若过点(a,b)可以作曲线yex的两条切线,则()∴b0,当时,有,A.ebax1aag(1a)b0aB.eb即g(x)有两个不同的零点.C.0aeb∴0bea.D.0bea答案:8.有6个相同的球,分别标有数字1,2,3,4,5,6,从中有放回的随机取两次,每次取1个球.甲表示事件“第一次D取出的球的数字是1”,乙表示事件“第二次取出的球的数字是2”,丙表示事件“两次取出的球的数字之和是8解析:”,丁表示事件“两次取出的球的数字之和是7”,则()A.甲与丙相互独立设切点为P(x0,y0),B.甲与丁相互独立∵yex,∴yex,C.乙与丙相互独立x则切线斜率ke0,D.丙与丁相互独立切线方程为ybex0(xa),答案:Bx又∵P(x0,y0)在切线上以及ye上,解析:由题意知,两点数和为8的所有可能为:(2,6),(3,5),(4,4),(5,3),(6,2),10.已知O为坐标原点,点P1(cos,sin),P2(cos,sin),P3(cos(),sin()),A(1,0),则两点数和为7的所有可能为:(1,6),(2,5),(3,4),(4,3),(5,2),(6,1),()111561∴P(甲),P(乙)1,P(丙),P(丁)=,66636366A.|OP1||OP2|11P(甲丙)0,P(甲丁),P(乙丙),P(丙丁)0,3636B.|AP1||AP2|故P(甲丁)P(甲)P(丁),B正确,故选B.C.OAOP3OP1OP2二、多选题D.OAOP1OP2OP3c9.有一组样本数据x1,x2,,xn,由这组数据得到新样本数据y1,y2,,yn,其中y1xic(i1,2,n),答案:为非零常数,则()A、CA.两组样本数据的样本平均数相同解析:B.两组样本数据的样本中位数相同22,22,∴A正确;|OP|cossin1|OP|cos(sin)1C.两组样本数据的样本标准差相同12222,D.两组样本数据的样本极差相同AP1(cos1)sin22cos答案:222,22cos22cos,∴B错;AP2(cos1)(sin)22cosC、DOAOP3cos(),OP1OP2coscossinsincos(),∴C正确;解析:OAOPcos,OPOPcoscos()sinsin()cos(2),xxxyyyxxx123对于A选项:x12n,y12n12nc,∴xy,∴A错误;n1nn∴D错.m22对于B选项:可假设数据样本x1,x2,,xn中位数为,由可知数据样本y1,y2,,yn的中位数为11.已知点在圆(x5)(y5)16上,点A(4,0),B(0,2),则()yixicPmc,∴B错误;A.点P到直线AB的距离小于10对于C选项:B.点P到直线AB的距离大于21222S1[(x1x)(x2x)(xnx)]nC.当PBA最小时,|PB|321S[(yy)2(yy)2(yy)2]D.当PBA最大时,|PB|322n12n答案:,∴C正确;1222[(xx)(xx)(xx)]SA、C、Dn12n1解析:对于D选项:∵,∴两组样本数据极差相同,∴D正确。yixic由已知易得直线AB的方程为x2y40.则()A.当1时,ABP的周长为定值|5104|111圆心(5,5)到直线AB的距离d4,1225B.当1时,三棱锥PA1BC的体积为定值∴直线AB与圆相离,1C.当时,有且仅有一个点P,使得APBP111121则P到AB的距离的取值范围为[4,4],551D.当时,有且仅有一个点P,使得AB平面ABP21111又45,答案:5B、D则A正确,B错误,由图易得,解析:当在点处时,与圆相切,PP1BP1C对于A,当1时,BPBCBB1,∴CPBB1,此时P在线段CC1上运动,此时AB1P的周长不为定值,A错.此时PBAP1BA最小,22|BC|5(52)34,|CP1|4,∴BP32,1同理当P在点P2处,PBAP2BA最大,22此时BP2BCP2C32.故C、D正确.对于B,当1时,BPBCBB1B1PBC,此时P在线段B1C1上运动,B1C1//平面A1BC,点P到平面A1BC的距离即为点B1到平面A1BC的距离,VV为定值,B正确.PA1BCB1A1BC12.在正三棱柱ABCA1B1C1中,ABAA11,点P满足BPBCBB1,其中[0,1],[0,1],11对于C,当时,BPBCBB,分别取BC,BC的中点E,F,此时P在线段EF上运动,要使上一点,且PQOP.若|FQ|6,则C的准线方程为.22111答案:APBP,只需AP在平面BCCB上的射影PF与BP垂直,此时P在E或F的位置,有两个P,C错误.11113x2解析:pFQPF6因为PF垂直x轴,故点P坐标为(,p),又因为OPPF,则2,即2,故p3,则准2PFOFp3线方程为x.215.函数f(x)|2x1|2lnx的最小值为.11对于D,时,BPBCBB,分别取BB,CC的中点M,N,则P在线段MN上运动,∵正三棱答案:221111柱ABCA1B1C1中,ABAA11,A1BAB1,要使得A1B平面AB1P,只需A1B在平面BCC1B1上的解析:射影与BP垂直,有且只有一个点P即为N点时,满足题意,D正确.1211当x时,f(x)2x12lnx,f(x)2,f(x)0时,x1,f(x)0时,x1,2x211f(x)在(,1)上单调递减,在(1,)上单调递增,当0x时,f(x)12x2lnx,函数单调递减,22综上,函数在(0,1)上单调递减,在(1,)上单调递增,所以函数最小值为f(1)1.16.某校学生在研究民间剪纸艺术时,发现剪纸时经常会沿纸的某条对称轴把纸对折.规格为20dm12dm的长2方形纸,对折1次共可以得到10dm12dm,20dm6dm两种规格的图形,它们的面积之和S1240dm,对折2次共可以得到5dm12dm,10dm6dm,20dm3dm三种规格的图形,它们的面积之和三、填空题2S2180dm,以此类推.则对折4次共可以得到不同规格图形的种数为;如果对折n次,那么3xx13.已知函数f(x)x(a22)是偶函数,则a.n2Skdm.答案:k11答案:解析:5240n720因为f(x)为偶函数,则f(x)f(x),即x3(a2x2x)x3(a2x2x),整理则有7202n(a1)(2x2x)0,故a1.解析:3355(1)易知有20dmdm,10dmdm,5dm3dm,dm6dm,dm12dm,共5种规格.14.已知O为坐标原点,抛物线C:y22px(p0)的焦点为F,P为C上一点,PF与x轴垂直,Q为x轴4224240240(k1)nnk1回答正确则从另一类问题中再随机抽取一个问题回答,无论回答正确与否,该同学比赛(2)由题可知对折次共有种规格,且面积为,故,则S240,记kk1kSkkkk22k1k12结束.A类问题中的每个问题回答正确得20分,否则得0分;B类问题中的每个问题nk11nk1回答正确得80分,否则得0分.T,则T,故nknk1k122k12已知小明能正确回答A类问题的概率为0.8,能正确回答B类问题的概率为0.6,1nk1nk1n1k2nk2n1且能正确回答问题的概率与回答次序无关.T1()nkk1k1k1n12k12k12k12k122(1)若小明先回答A类问题,记X为小明的累计得分,求X的分布列;11(1)(2)为使累计得分的期望最大,小明应选择先回答哪类问题?并说明理由.n1n13n3n3142,则T3,故1n1n1nn答案:122222见解析;nn3240n720S240(3)720.解析:knnk122(1)若小明先回答A问题,记X为小明累计得分,则X的取值可能为:100,20,0,因为各题互相独立,四、解答题由分步完成原理得P(X100)0.80.60.48,P(X20)0.8(10.6)0.32,an1,n为奇数17.已知数列{an}满足a11,an1.为偶数P(X0)10.80.2,列表如下:an2,n(1)记ba,写出b,b,并求数列{b}的通项公式;n2n12n(2)求{an}的前20项和.则X的数学期望E(X)1000.48200.3200.254.4.答案:(2)若小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