安徽省“皖江名校联盟”2023-2024学年高三上学期12月月考 化学答案

2023-12-18 · U1 上传 · 5页 · 218.6 K

化学参考答案一、选择题:本题共14小题,每小题3分,共42分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.D【解析】生石灰CaO可以和水反应,可用作食品干燥剂,A项正确;硅酸钠溶液具有黏性,可用作无机粘合剂,B项正确;氯化铵水解使溶液呈弱酸性,可用作焊接金属的除锈剂,C项正确;汽油是烃的混合物,不和纯碱溶液反应,D项错误。2.B2-【解析】S核电荷数为16,核外电子数为18,A项错误;CO2的碳原子以双键各连接两个氧原子,故其-35结构式为O=C=O,B项正确;OH的电子式为,C项错误;中子数为18的Cl原子为17Cl,D项错误。3.D18【解析】MgCl2是离子化合物,不含Cl-Cl键,A项错误;H2O的摩尔质量为20g/mol,所含质子数目为9NA,B项错误;溶液体积未知,C项错误;7.1gCl2的物质的量为0.1mol,与足量的铁在加热条件下完全反应生成FeCl3,转移电子数目为0.2NA,D项正确。4.D【解析】氯气通入水中生成的次氯酸为弱酸,不能拆成离子形式,A项错误;离子方程式电荷不守恒,-+HCO2-项错误;向碳酸氢铵溶液中加入过量的溶液:3-,项错BNaOHNH4++2OH=NH3·H2O+CO3+H2OC误;-和-在酸性条件下发生归中反应生成使溶液变蓝,项正确。IIO3I2D5.A【解析】羧基左侧的碳原子为sp3杂化,呈四面体结构,故所有碳原子不可能共平面,A项错误;连接四个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子有机物M中羧基左侧的碳原子为手性碳原子B项正确;该有机物既有氨基又有羧基,故显两性,C项正确;苯环可以和氢气1:3加成,羧基不和氢气反应,故1mol该有机物最多可以和3mol氢气发生加成反应,D项正确。6.B【解析】Cl2会与湿润有色布条的水反应生成具有漂白作用的次氯酸,A项错误;浓硫酸具有吸水性导致胆矾失去结晶水,蓝色晶体转变为白色固体,B项正确;从硫酸铜溶液获得CuSO4·5H2O应该采用加热浓缩、冷却结晶,不能将溶液直接蒸干,C项错误。导管不能插入饱和碳酸钠溶液中,会引起倒吸,D项错误。7.A【解析】CO2和SiO2均是酸性氧化物,A项正确;F2通入NaCl溶液直接和水反应生成O2,B项错误;SO22-通入溶液,酸性条件下-会将氧化为并进一步生成,项错误;熔点高,Ba(NO3)2NO3SO2SO4BaSO4CMgO电解熔融MgCl2制镁,D项错误。8.D【解析】X原子最外层电子数是电子层数的3倍,X是O元素;含元素Y的物质焰色试验为黄色,Y是Na元素;X2-与Z3+核外电子层结构相同,Z是Al元素;元素W与X为同主族元素,W是S元素。根据推断结果可判断,简单离子半径:Y>Z,A项正确:沸点:H2O>H2S,B项正确;X和Y可形成Na2O2,既含有离子键也含有共价键,C项正确:水解显碱性的Na2SO3溶液放置于空气中--段时间后被氧化为Na2SO4,故溶液的pH减小,D项错误。9.B【解析】Na与H2O反应生成NaOH,NaOH与盐酸反应生成NaCl,电解饱和食盐水生成NaOH,电解熔融NaCl生成Na,A项正确:由Al(OH)3无法一步转化为单质Al,B项错误;铜和浓HNO3反应生成NO2,NO2和水反应生成NO,NO和氧气反应生成NO2,NO2和水反应生成HNO3,C项正确;SO3和水反应生成H2SO4,铜和浓硫酸反应生成SO2,SO2和氯水反应生成H2SO4,SO2催化氧化生成SO3,D项正确。10.C【解析】物质a是反应的催化剂,可以降低反应的活化能,A项正确;乙烷经催化氧化形成乙醇,反应涉及极性键的断裂和形成,B项正确;由历程图可知,反应过程中Fe的成键数目发生变化,C项错误;由总反应N2O+C2H6=N2+C2H5OH可知,每生成1mol乙醇,反应转移2mol的电子,D项正确。11.C【解析】向FeCl3饱和溶液中滴加NaOH溶液生成Fe(OH)3沉淀,A项错误;浓盐酸具有挥发性,也会进入硅酸钠溶液中,干扰碳酸和硅酸酸性强弱的判断,B项错误;等浓度CH3COONa和NaClO溶液的碱性越强,说明发生水解的阴离子对应弱酸的酸性越弱,C项正确;加入新制氢氧化铜悬浊液前需要加NaOH将溶液调至碱性,D项错误。12.C【解析】由图可知,随温度升高,SiHCl3的平衡产率逐渐减小,说明该反应为放热反应,A项正确;当反应物按化学计量数之比投料,在相同温度下,SiHCl3的平衡产率最大,故按n(HCl):n(Si)=3:1投料反应对应图中曲线I,B项正确;M点SiHCl3的物质的量大、温度高,故其分压大,C项错误;M、P点反应温度相同,故反应的平衡常数:M=P,D项正确。13.C【解析】由图可判断,e膜右侧Na+通过交换膜向左侧移动,d膜左侧Cl-通过交换膜向右侧移动,c膜右侧+(CH3)4N通过交换膜向左侧移动,根据离子迁移方向可知,a电极为阴极,发生还原反应,A项正确;b电极--为阳极,电极反应式为4OH-4e=O2↑+2H2O,B项正确;c、e均为阳离子交换膜,d为阴离子交换膜,C项---错误;制备36.4g即0.4mol的(CH3)4NOH时,a电极发生反应2H2O+2e=H2↑+2OH,生成0.4molOH、0.2molH2,转移0.4mol电子,同时b电极生成0.1molO2,故两极共产生标准状况下6.72L气体,D项正确。14.D【解析】pH越大,越容易形成Mg(OH)2沉淀,图2曲线Ⅰ为Mg(OH)2溶解平衡曲线,A项正确;由图2可2+知,当溶液的pH=1l,lg[c(Mg)]=-6时,无沉淀生成,B项正确;由图1可知,当溶液的pH=8时,Na2CO32+溶液体系中含碳粒子主要是HCOs',由图2可知,当溶液的pH=8,lg[c(Mg)]=-1时,溶液中形成MgCO3-2+HCO3沉淀而没形成Mg(OH)2沉淀,故发生的反应为Mg+2=MgCO3↓+H2O+CO2↑,C项正确;由图2可知,当比两条曲线交点对应更大时,进一步增大才可以发生沉淀转化-2-,pHpHpHMgCO3+2OH=Mg(OH)2+CO3D项错误。二、非选择题:本题共4小题,共58分。15.(11分,除标注外,每空2分)(1)①+4(1分)②出现白雾、有刺激性气味的气体生成(2)2H2S+O2=2S↓+2H2O弱2-2-2-Cr2O7+3+(3)①3SO23+2+10H=6SO4+4Cr+5H2O②1×10-5mol/L【解析】(1)①由化学式可知,SOCl2中S元素的化合价为+4价。②由NaOH溶液吸收SOCl2,生成Na2SO3和NaCl可推知水和SOCl2反应生成SO2和HCl,实验现象为有白雾和刺激性气味的气体生成。(2)由现象推知,H2S的水溶液在空气中被氧化为S单质,反应的方程式为2H2S+O2=2S↓+2H2O,该变化说明氧化性:O2>2-2-Cr2O73+S,非金属性:O>S。(3)①焦亚硫酸钠将转化为毒性较低的Cr,同时自身被氧化为SO4,反应的离32-2-0.52102-Cr2O7+3+3+-子方程式为3SO+2+10H=6SO+4Cr+5H2O。②处理后废水中Cr浓度为mol/L=1×10254525mol/L。16.(15分,除标注外,每空2分)(1)分液漏斗饱和食盐水--+2+(2)10Cl+2MnO4+16H=5Cl2↑+2Mn+8H2O(3)增大氯气与溶液的接触面积,使氯气充分反应,提高产率Δ(4)KI+2KMnO4+H2OKIO3+2MnO2↓+2KOH(5)过滤速度更快(或得到的产品更干燥)(6)加热浓缩、冷却结晶,用乙醇洗涤(每空各1分)【解析】(1)由图可知,仪器a的名称为分液漏斗,装置B中的试剂为饱和食盐水,用以除去氯气中的氯化--氢。(2)装置A利用高锰酸钾与浓盐酸反应制取氯气,反应的离子方程式为10Cl+2MnO4++2+16H=5Cl2↑+2Mn+8H2O。(3)多孔球泡的作用是增大氯气与溶液的接触面积,使氯气充分反应,提高产率。Δ(4)步骤Ⅰ中由KI与KMnO4反应制备KIO3,同时生成MnO2,反应的化学方程式为KI+2KMnO4+H2OKIO3+2MnO2↓+2KOH。(5)和普通过滤相比,抽滤的优点为过滤速度更快(或得到的产品更干燥)。(6)由己知信息可知,为得到KIO3固体步骤Ⅳ中一系列操作包括加热浓缩、冷却结晶、过滤、用乙醇洗涤、烘干。17.(16分,每空2分)(1)提高Mn元素浸出率或Mn元素利用率2++3+2+(2)MnO2+2Fe+4H=2Fe+Mn+2H2O(3)防止温度过高H2O2分解(4)3.7≤pH<7.7(5)MnS+Ni2+==NiS+Mn2+1.4×1011(6)459℃左右,pH=7.5左右(7)部分晶体失去结晶水或者混有硫酸盐杂质【解析】(1)将“滤渣I”进行二次酸浸的目的是提高Mn元素浸出率或Mn元素利用率。(2)“酸浸”时Fe2+3+2+2++3+2+被MnO2氧化为Fe,MnO2被还原为Mn,反应的离子方程式为MnO2+2Fe+4H=2Fe+Mn+2H2O。2+2+(3)“氧化”时加热温度不宜过高的原因是防止H2O2受热分解。(4)“调pH”时要保证Fe除尽同时Ni、Mg2+、Mn2+不沉淀,故调节溶液pH的范围是3.7≤pH<7.7。(5)用MnS除去Ni2+的原理是沉淀的转化,反应c(Mn2+)K(MnS)2.810-10的离子方程式为2+2+,该反应的平衡常数spMnS+Ni=NiS+MnK=2+=-21c(Ni)Ksp(NiS)210=1.4×1011。(6)由图可知,温度为45℃、pH=7.5时,Mn2+的沉淀率最大、Mg2+的沉淀率相对较小。(7)用标准BaCl2溶液测定样品中MnSO4·H2O的质量分数时,可能部分晶体失去结晶水或者混有硫酸盐杂质,导致相同质量的样品硫酸根含量更高,消耗的标准溶液更多,最终样品纯度的测定结果大于100%。18.(16分,每空2分)1(1)a+b2(2)C0.620.3(P)(P)11(3)<>3.13.10.80.4(P)(P)423.113.11(4)一定范围内,空速增加,乙烯与氢气发生加成反应减少,使乙烯选择性增大;空速过高,催化剂表面气体流速过快,反应时间缩短,使乙烯的选择性降低(5)①降低-+②3CO2+18e+18H=C3H6↑+6H2O1【解析】(1)根据盖斯定律可知,△H1=△H2+△H3=(a+-b)kJ/mol。(2)当v正(C4H10)=v逆(C4H8)时,说明C4H102的消耗速率等于C4H8的消耗速率,能够说明反应一定处于平衡状态;当H2的体积分数不变,说明反应体系中各物质的含量保持恒定,能够说明反应一定处于平衡状态;反应体系气体总质量守恒,密闭容器容积保持恒定,说明混合气体的密度始终保持不变,不能说明该反应一定处于平衡状态;1molC=C键形成的同时1molH-H键断裂,说明生成1molC4H8的同时消耗1molH2,能够说明反应一定处于平衡状态,综上分析答案为C项。(3)由图1可知,在相同压强条件下,温度越高,CO的平衡转化率越低,说明该反应是放热反应,△H<0;由方程式可知,在相同温度下,增大压强,平衡正向移动,CO的平衡转化率增大,故P1>P2。设N2、CO和H2的物质的量分别为lmol、1mol、2mol,根据信息可列出三段式后得出在温度为500K,压强为P1的条件下,n(H2)=0.8mol、n(CO)=0.4mol、m(C2H4)=0.3mol、n(H2O)=0.6mol,n(N2)=lmol,故该反应的0.620.3(P)(P)11Kp=3.13.1(4)一定范围内,空速增加,乙烯与氢气发生加成反应减少,使乙烯选择性增0.80.4(P)(P)423.113.11大;空速过高,催化剂表面气体流速过快,反应时间缩短,使乙烯的选择性降低。(5)①由图可知,a电极是-+阳极,电极反应为2H2O-4e=O2↑+4H,故a电极附近溶液的pH降低;②b电极是阴极,电极反应式为-+3CO2+18e+1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