2012年浙江省高考数学【理】(含解析版)

2023-10-27 · U3 上传 · 6页 · 1 M

2012浙江省高考数学(理科)试卷word版(含答案)D.若存在实数,使得ba,则|ab||a||b|6.若从1,2,3,…,9这9个整数中同时取4个不同的数,其和为偶数,则不同的取法共有2012年普通高等学校招生全国统一考试A.60种B.63种C.65种D.66种7.设是公差为()的无穷等差数列的前项和,则下列命题错误的是数学(理科)Sndd0ann.若,则数列有最大项选择题部分(共50分)Ad0{Sn}一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有一个项是符合题目B.若数列{S}有最大项,则d0要求的。n.设集合,集合2,则.若数列是递增数列,则对任意,均有1Ax|1x4Bx|x2x30A(CRB)C{Sn}nN*Sn0A.(1,4)B.(3,4)C.(1,3)D.(1,2)(3,4)D.若对任意nN*,均有Sn0,则数列{Sn}是递增数列3i2.已知i是虚数单位,则x2y21i8.如图,F,F分别是双曲线C:1(a,b0)的12a2b2A.12iB.2iC.2iD.12i3.设aR,则“a1”是“直线l1:ax2y10与直线l2:x(a1)y40平行”的左、右两焦点,B是虚轴的端点,直线FB与C的两条渐近A.充分不必要条件B.必要不充分条件1C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件线分别交于P,Q两点,线段PQ的垂直平分线与x轴交于点4.把函数ycos2x1的图像上所有点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变),然后向左平移1个单位长M.若|MF||FF|,则C的离心率是度,再向下平移1个单位长度,得到的图像是112236A.B.C.2D.3329.设a0,b0A.若2a2a2b3b,则abB.2a2a2b3b若,则abC.若2a2a2b3b,则abD.若2a2a2b3b,则ab10.已知矩形ABCD,AB1,BC2.将ABD沿矩形的对角线BD所在的直线进行翻折,在翻折过程5.设a,b是两个非零向量中,A.存在某个位置,使得直线AC与直线BD垂直A.若|ab||a||b|,则abB.存在某个位置,使得直线AB与直线CD垂直C.存在某个位置,使得直线AD与直线BC垂直B.若ab,则|ab||a||b|D.对任意位置,三对直线“AC与BD”,“AB与CD”,“AD与BC”均不垂直C.若|ab||a||b|,则存在实数,使得ba分.现从箱中任取(无放回,且每球取道的机会均等)3个球,记随机变量X为取出此3球所得分数之和.(Ⅰ)求X的分布列;(Ⅱ)求X的数学期望E(X).非选择题部分(共100分)20.(本题满分15分)如图,在四棱锥PABCD中,底面是二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分。边长为23的菱形,BAD120,且PA平面ABCD,11.已知某三棱锥的三视图(单位:cm)如图所示,则该三棱锥的体积等于cm3.PA26,M,N分别为PB,PD的中点.12.若某程序框图如图所示,则该程序运行后输出的值是.(Ⅰ)证明:MN平面ABCD;13.设公比为q(q0)的等比数列an的前n项和为Sn.(Ⅱ)过点A作AQPC,垂足为点Q,求二面角若S23a22,S43a42,则q.AMNQ的平面角的余弦值.14.若将函数f(x)x5表示为x2y2.(本题满分分)如图,椭圆:的23452115C221(ab0)f(x)a0a1(1x)a2(1x)a3(1x)a4(1x)a5(1x),ab1其中a,a,a,…,a为实数,则a.离心率为,其左焦点到点P(2,1)的距离为10,不过原点O的01253215.在ABC中,M是BC的中点,AM3,BC10,直线l与C相交于A,B两点,且线段AB被直线OP平分.(Ⅰ)求椭圆C的方程;则ABBC.(Ⅱ)求ABP面积取最大值时直线l的方程.16.定义:曲线C上的点到直线的距离的最小值称为曲线C到直线l23的距离.已知曲线C1:yxa到直线l:yx的距离等于曲线22.(本题满分14分)已知a0,bR,函数f(x)4ax2bxab.22(Ⅰ)证明:当0x1时,C2:x(y4)2到直线l:yx的距离,则实数a.(i)函数f(x)的最大值为|2ab|a;217.设aR,若x0时均有a1x1xax10,(ii)f(x)|2ab|a0;则a.三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。(Ⅱ)若1f(x)1对x[0,1]恒成立,求ab的取值范围.218.(本题满分14分)在ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知cosA,3sinB5cosC.(Ⅰ)求tanC的值;(Ⅱ)若a2,求ABC的面积.19.(本题满分14分)已知箱中装有4个白球和5个黑球,且规定:取出一个白球得2分,取出一个黑球得1c3.设ABC的面积为S,则15SacsinB.22.本题主要考查随机事件的概率和随机变量的分布列、数学期望等概念,同时考查抽象概括、运算求解数学(理科)试题参考答案19能力和应用意识。满分14分。一、选择题:本题考察基本知识和基本运算。每小题5分,满分50分。(Ⅰ)由题意得X取3,4,5,6,且1.B2.D3.A4.A5.CC35C1C2106.D7.C8.B9.A10.BP(X3)5,P(X4)45,C342C321二、填空题:本题考察基本知识和基本运算。每小题4分,满分28分。991311.112.13.14.10C2C25C411202P(X5)45,P(X6)4.C314C321939915.-1616.17.42所以X的分布列为三、解答题:本题共小题,满分72分。X345618.本题主要考查三角恒等变换、正弦定理等知识,同时考查运算求解能力。满分14分。P510512(Ⅰ)因为0A,cosA,得422114213(Ⅱ)由(Ⅰ)知135E(X)3P(X3)4P(X4)5P(X5)6P(X6).sinA1cos2A3320.本题主要考察空间点、线、面位置关系,二面角等基础知识,空间向量的应用,同时考查空间想像能力和运算求解能力。满分15分。又5cosCsinBsin(AC)(Ⅰ)因为M,N分别是PB,PD的中点,所以MN是PBD的中位线,所以sinAcosCcosAsinCMM//BD又因为MN平面ABCD,所以52cosCsinCMM//平面ABCD.33(Ⅱ)方法一:所以tanC5连结AC交BD于O,以O为原点,OC,OD所在直线为x,y轴,建立空间直角坐标系Oxyz,如图所示(Ⅱ)由tanC5,得在菱形ABCD中,BAD120,得51,.sinC,cosC,ACAB23BD3AB666又因为PA平面ABCD,所以于是PAAC.5在直角PAC中,AC23,PA26,AQPC,得sinB5cosC.6QC2,PQ4.ac由a2及正弦定理,得sinAsinC由此知各点坐标如下,A(3,0,0),B(0,3,0),33所以二面角AMNQ的平面角的余弦值为.33C(3,0,0),D(0,3,0),方法二:在菱形ABCD中,BAD120,得33P(3,0,26),M(,,6),22ACABBCDA,BD3AB,有因为PA平面ABCD,所以33326N(,,6),Q(,0,).PAAB,PAAC,PAAD,2233所以PBPCPD.所以PBCPDC.设m(x,y,z)为平面AMN的法向量.而M,N分别是PB,PD的中点,所以113333MQNQ,且AMPBPDAN.由AM(,,6),AN(,,6)知222222取线段MN的中点E,连结AE,EQ,则33xy6z022AEMN,QEMN,33xy6z022所以AEQ为二面角AMNQ的平面角.取x1,得由AB23,PA26,故m(22,0,1)1在AMN中,AMAN3,MNBD3,得2设n(x,y,z)为平面QMN的法向量.33AE.533653362由QM(,,),QN(,,)知623623在直角PAC中,AQPC,得5336xyz0623AQ22,QG2,PQ4,5336xyz0PB2PC2BC25623在PBC中,cosBPC,得2PBPC6取z5,得n(22,0,5)MQPM2PQ22PMPQcosBPC5.于是在等腰MQN中,MQNQ5,MN3,得mn33cosm,n.|m||n|3311QEMQ2ME2.233118km4m212在AEQ中,AE,QE,AQ22,得所以AB线段的中点M(,),2234k234k2因为M在直线OP上,所以AE2QE2AQ233cosAEQ.3m2km2AEQE33,34k234k2得33所以二面角AMNQ的平面角的余弦值为.333m0(舍去)或k,221.本题主要考查椭圆的几何性质,直线与椭圆的位置关系等基础知识,同时考查解析几何的基本思想方此时方程(1)为3x23mxm20,则法和综合解体能力。满分15分。(Ⅰ)设椭圆左焦点为F(c,0),则由题意得x1x2m23(12m)0,m23xx(2c)110123c1,所以a239|AB|1k2|xx|12m2,c1126得a2设点P到直线AB距离为d,则所以椭圆方程为|82m|2|m4|d,x2y23222131.43设ABP的面积为S,则(Ⅱ)设A(x1,y1),B(x2,y2),线段AB的中点为M.13S|AB|d(m4)2(12m2),当直线AB与x轴垂直时,直线AB的方程为x0,与不过原点的条件不符,舍去.故可设直线AB的方26程为其中m(23,0)(0,23),ykxm(m0),令u(m)(12m2)(m4)2,m[23,23]ykxm由消去y,整理得2223x4y12u'(m)4(m4)(m2m6)4(m4)(m17)(m17),(34k2)x28kmx4m2120,(1)所以当且仅当m17,u(m)取到最大值,则故当且仅当m17,S取到最大值.8kmxx122222234k综上,所求直线l方程为3x2y2720.64km4(34k)(4m12)0,4m212xx22.本题主要考查利用导函数研究函数的性质、线性规划等基础知识,同时考查推理论证能力,分类讨论12234k等综合解题能力和创新意识。满分14分。b(Ⅰ)(i)f'(x)12ax22b12a(x2)f(x)(|2ab|a)16a当b0时,有f'(x)0,此时f(x)在[0,)上单调递增所以1f(x)1对任意0x1恒成立的充要条件是所以当0x1时,|2ab|a1,3ab,b2aa0f(x)maxmax{f(0),f(1)}max{ab,3ab}|2ab|aab,b2a2ab02ab0(ii)由于0x1,故即3ab1,或ba1(1)当b2a时,a0a0f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