2020年广东高考（理科）数学试题及答案

2020年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标Ⅰ）是（ ）A．y＝a+bxB．y＝a+bx2C．y＝a+bexD．y＝a+blnx一、选择题（共12小题）.6．函数f（x）＝x4﹣2x3的图象在点（1，f（1））处的切线方程为（ ）1．若z＝1+i，则|z2﹣2z|＝（ ）A．y＝﹣2x﹣1B．y＝﹣2x+1C．y＝2x﹣3D．y＝2x+1A．0B．1C．D．22．设集合A＝{x|x2﹣4≤0}，B＝{x|2x+a≤0}，且A∩B＝{x|﹣2≤x≤1}，则a＝（ ）7．设函数f（x）＝cos（ωx+）在[﹣π，π]的图象大致如图，则f（x）的最小正周期为（ ）A．﹣4B．﹣2C．2D．43．埃及胡夫金字塔是古代世界建筑奇迹之一，它的形状可视为一个正四棱锥．以该四棱锥的高为边长的正方形面积等于该四棱锥一个侧面三角形的面积，则其侧面三角形底边上的高与底面正方形的边长的比值为（ ）A．B．C．D．8．（x+）（x+y）5的展开式中x3y3的系数为（ ）A．5B．10C．15D．209．已知α∈（0，π），且3cos2α﹣8cosα＝5，则sinα＝（ ）A．B．C．D．A．B．C．D．4．已知A为抛物线C：y2＝2px（p＞0）上一点，点A到C的焦点的距离为12，到y轴的距离为9，则p＝10．已知A，B，C为球O的球面上的三个点，⊙O1为△ABC的外接圆．若⊙O1的面积为4π，AB＝BC＝AC＝（ ）OO1，则球O的表面积为（ ）A．2B．3C．6D．9A．64πB．48πC．36πD．32π5．某校一个课外学习小组为研究某作物种子的发芽率y和温度x（单位：℃）的关系，在20个不同的温度条件11．已知⊙M：x2+y2﹣2x﹣2y﹣2＝0，直线1：2x+y+2＝0，P为l上的动点．过点P作⊙M的切线PA，PB，切下进行种子发芽实验，由实验数据（xi，yi）（i＝1，2，…，20）得到下面的散点图：点为A，B，当|PM|•|AB|最小时，直线AB的方程为（ ）A．2x﹣y﹣1＝0B．2x+y﹣1＝0C．2x﹣y+1＝0D．2x+y+1＝0ab12．若2+log2a＝4+2log4b，则（ ）A．a＞2bB．a＜2bC．a＞b2D．a＜b2二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13．若x，y满足约束条件则z＝x+7y的最大值为 ．由此散点图，在10℃至40℃之间，下面四个回归方程类型中最适宜作为发芽率y和温度x的回归方程类型的14．设，为单位向量，且|+|＝1，则|﹣|＝ ．15．已知F为双曲线C：﹣＝1（a＞0，b＞0）的右焦点，A为C的右顶点，B为C上的点，且BF垂直于x轴．若AB的斜率为3，则C的离心率为 ．16．如图，在三棱锥P﹣ABC的平面展开图中，AC＝1，AB＝AD＝，AB⊥AC，AB⊥AD，∠CAE＝30°，则cos∠FCB＝ ．19．甲、乙、丙三位同学进行羽毛球比赛，约定赛制如下：累计负两场者被淘汰：比赛前抽签决定首先比赛的两人，另一人轮空；每场比赛的胜者与轮空者进行下一场比赛，负者下一场轮空，直至有一人被淘汰；当一人被淘汰后，剩余的两人继续比赛，直至其中一人被淘汰，另一人最终获胜，比赛结束．经抽签，甲、乙首先比赛，丙轮空．设每场比赛双方获胜的概率都为．（1）求甲连胜四场的概率；（2）求需要进行第五场比赛的概率；三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17～21题为必考题，每个试题考生都（3）求丙最终获胜的概率．必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60分。20．已知A，B分别为椭圆E：+y2＝1（a＞1）的左、右顶点，G为E的上顶点，•＝8．P为直线x＝617．设{an}是公比不为1的等比数列，a1为a2，a3的等差中项．（1）求{an}的公比；上的动点，PA与E的另一交点为C，PB与E的另一交点为D．（2）若a1＝l，求数列{nan}的前n项和．（1）求E的方程；18．如图，D为圆锥的顶点，O是圆锥底面的圆心，AE为底面直径，AE＝AD．△ABC是底面的内接正三角（2）证明：直线CD过定点．x2形，P为DO上一点，PO＝DO．21．已知函数f（x）＝e+ax﹣x．（1）当a＝1时，讨论f（x）的单调性；（1）证明：PA⊥平面PBC；3（2）求二面角B﹣PC﹣E的余弦值．（2）当x≥0时，f（x）≥x+1，求a的取值范围．（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。[选修4-4：坐标系与参数方程]22．在直角坐标系xOy中，曲线C1的参数方程为（t为参数）．以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2的极坐标方程为4ρcosθ﹣16ρsinθ+3＝0．（1）当k＝1时，C1是什么曲线？（2）当k＝4时，求C1与C2的公共点的直角坐标．[选修4-5：不等式选讲]23．已知函数f（x）＝|3x+1|﹣2|x﹣1|．（1）画出y＝f（x）的图象；（2）求不等式f（x）＞f（x+1）的解集．A．B．C．D．【分析】先根据正四棱锥的几何性质列出等量关系，进而求解结论．参考答案解：设正四棱锥的高为h，底面边长为a，侧面三角形底边上的高为h′，一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。则依题意有：，1．若z＝1+i，则|z2﹣2z|＝（ ）A．0B．1C．D．2因此有h′2﹣（）2＝ah′⇒4（）2﹣2（）﹣1＝0⇒＝；（负值舍）【分析】由复数的乘方和加减运算，化简z2﹣2z，再由复数的模的定义，计算可得所求值．故选：C．解：若z＝1+i，则z2﹣2z＝（1+i）2﹣2（1+i）＝2i﹣2﹣2i＝﹣2，4．已知A为抛物线C：y2＝2px（p＞0）上一点，点A到C的焦点的距离为12，到y轴的距离为9，则p＝则|z2﹣2z|＝|﹣2|＝2，（ ）故选：D．A．2B．3C．6D．92．设集合A＝{x|x2﹣4≤0}，B＝{x|2x+a≤0}，且A∩B＝{x|﹣2≤x≤1}，则a＝（ ）【分析】直接利用抛物线的性质解题即可．A．﹣4B．﹣2C．2D．4解：因为A为抛物线C：y2＝2px（p＞0）上一点，点A到C的焦点的距离为12，到y轴的距离为9，【分析】由二次不等式和一次不等式的解法，化简集合A，B，再由交集的定义，可得a的方程，解方程可得因为抛物线上的点到焦点的距离和到准线的距离相等；a．故有：9+＝12⇒p＝6；解：集合A＝{x|x2﹣4≤0}＝{x|﹣2≤x≤2}，B＝{x|2x+a≤0}＝{x|x≤﹣a}，故选：C．由A∩B＝{x|﹣2≤x≤1}，可得﹣a＝1，5．某校一个课外学习小组为研究某作物种子的发芽率y和温度x（单位：℃）的关系，在20个不同的温度条件则a＝﹣2．下进行种子发芽实验，由实验数据（xi，yi）（i＝1，2，…，20）得到下面的散点图：故选：B．3．埃及胡夫金字塔是古代世界建筑奇迹之一，它的形状可视为一个正四棱锥．以该四棱锥的高为边长的正方形面积等于该四棱锥一个侧面三角形的面积，则其侧面三角形底边上的高与底面正方形的边长的比值为（ ）由此散点图，在10℃至40℃之间，下面四个回归方程类型中最适宜作为发芽率y和温度x的回归方程类型的是（ ）A．y＝a+bxB．y＝a+bx2C．y＝a+bexD．y＝a+blnx【分析】直接由散点图结合给出的选项得答案．即为﹣ω+＝kπ+，k∈Z，（*）解：由散点图可知，在10℃至40℃之间，发芽率y和温度x所对应的点（x，y）在一段对数函数的曲线附近，若选B，即有ω＝＝，由﹣×+＝kπ+，可得k不为整数，排除B；结合选项可知，y＝a+blnx可作为发芽率y和温度x的回归方程类型．故选：D．若选C，即有ω＝＝，由﹣×+＝kπ+，可得k＝﹣1，成立．6．函数f（x）＝x4﹣2x3的图象在点（1，f（1））处的切线方程为（ ）故选：C．A．y＝﹣2x﹣1B．y＝﹣2x+1C．y＝2x﹣3D．y＝2x+1533【分析】求出原函数的导函数，得到函数在x＝1处的导数，再求得f（1），然后利用直线方程的点斜式求8．（x+）（x+y）的展开式中xy的系数为（ ）解．A．5B．10C．15D．20解：由f（x）＝x4﹣2x3，得f′（x）＝4x3﹣6x，【分析】先把条件整理转化为求（x2+y2）（x+y）5展开式中x4y3的系数，再结合二项式的展开式的特点即可∴f′（1）＝4﹣6＝﹣2，求解．又f（1）＝1﹣2＝﹣1，5∴函数f（x）＝x4﹣2x3的图象在点（1，f（1））处的切线方程为y﹣（﹣1）＝﹣2（x﹣1），解：因为（x+）（x+y）＝；即y＝﹣2x+1．要求展开式中x3y3的系数即为求（x2+y2）（x+y）5展开式中x4y3的系数；故选：B．展开式含x4y3的项为：x2•x2•y3+y2•x4•y＝15x4y3；7．设函数f（x）＝cos（ωx+）在[﹣π，π]的图象大致如图，则f（x）的最小正周期为（ ）故（x+）（x+y）5的展开式中x3y3的系数为15；故选：C．9．已知α∈（0，π），且3cos2α﹣8cosα＝5，则sinα＝（ ）A．B．C．D．A．B．C．D．【分析】利用二倍角的余弦把已知等式变形，化为关于cosα的一元二次方程，求解后再由同角三角函数基本关系式求得sinα的值．【分析】由图象观察可得最小正周期小于，大于，排除A，D；再由f（﹣）＝0，求得ω，解：由3cos2α﹣8cosα＝5，得3（2cos2α﹣1）﹣8cosα﹣5＝0，对照选项B，C，代入计算，即可得到结论．即3cos2α﹣4cosα﹣4＝0，解得cosα＝2（舍去），或cos．解：由图象可得最小正周期小于π﹣（﹣）＝，大于2×（）＝，排除A，D；∵α∈（0，π），∴α∈（，π），由图象可得f（﹣）＝cos（﹣ω+）＝0，则sinα＝＝．故选：A．∴要使|PM|•|AB|最小，则需|PM|最小，此时PM与直线l垂直．10．已知A，B，C为球O的球面上的三个点，⊙O1为△ABC的外接圆．若⊙O1的面积为4π，AB＝BC＝AC＝直线PM的方程为y﹣1＝（x﹣1），即y＝，OO1，则球O的表面积为（ ）A．64πB．48πC．36πD．32π联立，解得P（﹣1，0）．【分析】画出图形，利用已知条件求出OO1，然后求解球的半径，即可求解球的表面积．则以PM为直径的圆的方程为．解：由题意可知图形如图：⊙O1的面积为4π，可得O1A＝2，则AO1＝ABsin60°，，联立，可得直线AB的方程为2x+y+1＝0．∴AB＝BC＝AC＝OO1＝2，故选：D．外接球的半径为：R＝＝4，ab12．若2+log2a＝4+2log4b，则（ ）球O的表面积：4×42×π＝64π．A．a＞2bB．a＜2bC．a＞b2D．a＜b2a2b故选：A．【分析】先根据指数函数以及对数函数的性质得到2+log2a＜2+log22b；再借助于函数的单调性即可求解结论．ab2b解：因为2+log2a＝4+2log4b＝2+log2b；2b2b2ba2b因为2+log2b＜2+log22b＝2+log2b+1即2+log2a＜2+log22b；x令f（x）＝2+log2x，由指对数函数的单调性可得f（x）在（0，+∞）内单调递增；且f（a）＜f（2b）⇒a＜2b；故选：B．二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。11．已知⊙M：x2+y2﹣2x﹣2y﹣2＝0，直线1：2x+y+2＝0，P为l上的动点．过点P作⊙M的切线PA，PB，切点为A，B，当|PM|•|AB|最小时，直线AB的方程为（ ）13．若x，y满足约束条件则z＝x+7y的最大值为 1 ．A．2x﹣y﹣1＝0B．2x+y﹣1＝0C．2x﹣y+1＝0D．2x+y+1＝0【分析】由已知结合四边形面积公式及三角形面积公式可得|PM|•|AB|＝，说明要使|PM|•|AB|最【分析】先根据约束条件画出可行域，再利用几何意义求最值，