山西省朔州市怀仁一中2024届高三四模理综答案

学年怀仁一中高三年级下学期第四次模拟考试2023~2024理科综合试题答案精析ઋઋ金属硫化物错误丹砂烧之成水银积变1.Cઋ,C;“(HgS),人剧烈运动时能量需求增加为满足能量需ઋ又还成丹砂不是可逆反应前者条件是加热后者不2.C[,,ઋ”,,求的水解速率和合成速率都会加快且保持ઋ需要条件也不是同时发生错误,ઋ,,。]ATPઋD动态平衡错误由转化流程图可知过程中醛基转化为羧ઋ,C。]ઋ8.D[,Ⅰ光敏色素不能传递转化光能错误ઋ基醇羟基故包含氧化还原反应过程发生分子3.A[、,A。]ઋ、,,Ⅱ一个物种在群落中的地位或作用包括所处的ઋ内酯化反应正确中含有醛基ઋ4.D[,,A;1molM2mol,空间位置占用资源的情况以及与其他物种的关ઋ故与足量新制充分反应生成ઋ2,,1molMCu(OH),系等称为这个物种的生态位错误ઋ正确中含有醛基中含有醇羟,,D。]ઋ2,;,ઋ2molCuOBMN基因仅在真核细胞中表达表达产物可基且与羟基相连的碳原子含有故均能使酸性GUSઋ[,(),5.CઋH催化底物呈蓝色而重组质粒中没有GUS基因故ઋ溶液褪色正确同时连接四个互不相同4,,ઋKMnO,C;用农杆菌转化植物愈伤组织后导入重组质粒的愈ઋ的原子或原子团的碳原子为手性碳原子结合题干,ઋ,伤组织中没有GUS基因不会呈现蓝色错误ઋ有机物的结构简式可知中不含手性碳原子,,C。]ઋ,M,N、单独考虑植物的两对性状先分析花色性状ઋ中均含有个手性碳原子如图所示6.A[,,ઋL1,:自交所得中白花紫花则的基ઋ12,1ઋFF∶=3∶1Fઋ因型为两亲本关于花色的基因型分别为错误,、ઋ、,。]BbBBઋD再分析花瓣性状自交所得中单瓣重ઋ12bb;,FF∶ઋ瓣又知单瓣对重瓣为显性可推知的基ઋ由方程式可知与在空气中相比真空条件下=3∶5,,F1ઋ9.C[,,因型为且比例为则亲本关于花瓣性ઋ相当于减少二氧化碳的浓度平衡逆向移动有利Aa、aa,1∶1,ઋ,,状的基因型分别为故甲乙植株的基因型ઋ于解吸出二氧化碳故正确由的阴离子中Aa、aa,、ઋY,B;X组合为或错误ઋ所有原子共平面可知的阴离子中双键氮原子提,。ઋ,XAaBB×aabbAabb×aaBBAઋ供个电子参与大键的形成故错误的熔的表型及比例分别为单瓣重瓣ઋ2,;F∶=3∶5,ઋ1πCY白花紫花说明控制单瓣重瓣的基因与ઋ点比的低说明中离子键强于且阳离∶=3∶1,、ઋX,XY,X、Y控制花色的基因遵循自由组合定律正确由电ઋ子相同则的阴离子半径大于故正确,B。ઋ,YX,D。]泳图可知由于野生型只有一个条带紫花突变体ઋ由图可知电极上铁元素氧元素价,,ઋ10.D[,HMC-3、也只有一个条带则野生型与紫花突变体均ઋ态降低得电子故电极为阴极电极反应,ઋ,HMC-3,HHઋ为纯合子为验证紫花为隐性性状可选紫花突变式分别为-+3+-ઋ222、,,ઋO+2e+2HઅઅHOFe+e体与野生型白花植株作为亲本杂交若子代全ઋ2+后发生反应2++3+22H,ઋઅઅFe,Fe+HO+HઅઅFe是野生型则紫花为隐性性状正确因为自交ઋ··氧化苯酚反应为,,C。ઋ+OH+H2O,OH,C6H5OH和自由交配不改变种群的基因频率就基因而ઋ·电极为阳极电,A、aઋ+28OHઅઅ6CO2+17H2O,Pt,ઋ言从可知配子占/自由交配后中极反应式为-+正确,F1a34,F2,F3ઋ22,、;ઋ2HO-4eઅઅ4H+OAB重瓣植株所占比例为/就基因而言ઋ苯酚转化为二氧化碳和水·(),、,65aa916Bbઋ:CHOH+28OHઅઅ配子占/自由交配后中白花植株_ઋ由图可知每产生·阴23b12,F,F(B)ઋ22܏6CO+17HO,,1mo܏lOH,܏ઋ所占比例为/故中重瓣白花植株_所܏34,F3(aaB)ઋ极共转移-处理܏需占比例为///正确ઋ3mole,1molOH,,。]ઋ916×34=2764D转移-错误蔗糖变白的原因是利用黄泥的吸附作用而不ઋ,。]7.B[,ઋ84moleD是泥土具有强氧化性错误酿酒过程中发生的ઋ草酸与酸性高锰酸钾溶液反应的离子方程式,;ઋ11.C[Aઋ酶为-+2+ઋ224425HCO+2MnO+6H2Mn+10CO↑反应有nઅઅnnઋ(C6H10O5)+H2OC6H12O6,·-1酸性高锰酸钾溶液→ઋ酶2,+8HO4mL0.1molLઋ后者反应中碳完全反应需要草酸的物质的量为-1ઋ·C6H12O6→2C2H5OH+2CO2↑,元素化合价发生改变故发生了氧化还原反应ઋ0.1molL×,,ઋBઋ5则两支试管中加入的草正确矾是各种金属如铜铁锌的硫酸盐不是0.004L×=0.001mol,;(、、),2高三理科综合试题答案精析第页共页1,6{#{QQABJYQEogCIAJAAABgCUQXQCEIQkBGACKoGBBAMMAAAyQNABCA=}#}ઋ酸溶液均不足酸性高锰酸钾溶液不能褪色错ઋc4·c2+·c2+K,,Aઋ(NH3)(Hg){Cu(NH3)4}2ઋ误向溶液中通入少量氯气发生反应=c4·c2+·c2+=K;KBrO3,:ઋ(NH3)(Cu){Hg(NH3)4}3ઋ则氧化性-6正确3223,:ઋ,。]2KBrO+ClઅઅBr+2KClOઋ=1.0×10D无法比较和的氧化性ઋ......332214C15A16D17D18B19ABC,,ઋKBrO>KClOClBrB..错误向含相同浓度的混合溶液中加入少ઋ20CD21BD;、ઋKBrKItt'2n2m量氯水发生反应则氧化ઋ.分分4πΔk分,:Cl2+2KIઅઅI2+2KCl,ઋ22(1)n(1)(2)n(1)(3)t'2t2-0(2)性生成的不能将中的溴离子置换ઋ-:Cl2>I2,I2KBrઋ未考虑弹簧的质量影响气垫导轨是否调节水出来说明氧化性再加入振荡静ઋ(4);,:22,4,,ઋ平全振动次数计数有偏差等分Br>ICClઋ;(2)置溶液分层下层为碘的溶液呈紫红色ઋ分见解析图分见解析4..,,CCl,,Cઋ23(1)50(2)(2)(2)(3)正确使用新制氢氧化铜检验醛基时需要在碱性ઋ图分.分分;,ઋ(2)(4)19(2)14(2)条件下进行故应在纤维素水解后加入氢氧化钠溶ઋ解析将小量程的电流表改装成大量程的电流,ઋ(1)液中和至碱性后再滴入少量新制氢氧化铜加热检ઋ表需要并联一个电阻根据欧姆定律可知并联电阻,ઋ,验醛基错误ઋIR-6ઋ的阻值为Rgg100×10×2500,。]Dઋ=II=-3-6Ω≈Ag步骤中氢气是还原剂消耗氢气产ઋ-50×10-100×1012.D[①,3molઋ.故电阻箱阻值应为.生水所以每产生转移ઋ50Ω,50Ω。1mol,1molH2O6molઋ将电流表与电阻箱并联与其他元件串联实物ઋ(),,-正确步骤的方程式为232ઋ图连接如图e,A;②CHOH+O→ઋ。由于双氧水才能产生22ઋ,HCHO+HO2mol1molઋ氧气所以每产生甲醛需外界补充ઋ,1mol1molઋ正确步骤中分子甲醛之间发生加成ઋH2O2,B;③3ઋ反应生成正确化合物ઋHOCH2COCH2OH,C;Dઋ的结构简式为其中羟基中氧ઋ22,ઋHOCHCOCHOHઋ原子和饱和碳原子为3杂化碳氧双键中的碳原ઋsp,ઋ子是2杂化因此3杂化的中心原子数与2ઋsp,spspઋ根据表格中数据在坐标系中描点用直线连线杂化的中心原子数之比为错误ઋ(3),,4∶1,D。]ઋ让大部分点落在直线上或均匀分布在直线两侧距ઋ++,ccઋ{[A(NH3)2]}{[A(NH3)2]}离较大的点舍去图像如图所示KgKgઋ[1+·2,1+,。13.D=cclg=lgcઋ(A)(NH3)(A)ggઋc+ઋ32c{[Ag(NH)]}cઋ33-2lg(NH),lgc+=2lg(NH)+ઋ(Ag)ઋc2+ઋK同理{[Cu(NH3)4]}cઋlg1;,lgc2+=4lg(NH3)ઋ(Cu)ઋઋc2+K{[Hg(NH3)4]}cKઋ+lg2、lgc2+=4lg(NH3)+lg3;ઋ(Hg)ઋ已知再结合图像斜率可知分别代ઋKKઋ23,,、、高三理科综合试题答案精析第页共页2,6{#{QQABJYQEogCIAJAAABgCUQXQCEIQkBGACKoGBBAMMAAAyQNABCA=}#}ઋ.见解析ઋ进入磁场时的速度方向与水平方向夹角24ઋઋ解析由题意可知此过程为等压变化过程vyઋ得分(1),ઋθθtan=v,=45°(1)TTઋ0,,ઋ=300K=310K粒子在磁场中做匀速圆周运动则洛伦兹力提供VVઋ,由盖—吕萨克定律知0分ઋ①2T=T(2)ઋv01ઋ向心力则有vBm分q1ઋ,=r(1)1解得V31V分ઋ=0(1)ઋ解得rd分ઋ130=2(1)当气球上升至高度处时Tઋ由几何关系可知粒子从下极板射出在磁场中做匀(2)2500m,1=285Kઋ,ઋ速圆周运动的轨迹对应的圆心为点所以粒子在pVpVઋb由理想气体状态方程得0min10分×2ઋ,()T=T2ઋ01bc边的e点垂直bc边射出磁场e点到b点的距离ઋ,解得分ઋ为分V30Vઋdmin0()=(1)ઋ21粒子在磁场中的运动轨迹对应的圆心角是19ઋ由玻意耳定律得Vn.VVઋ②45°,p000p0min(+×02)=ઋr1分ઋ在磁场中的运动时间t1TT2π分ઋ=,=v(1)(2)1ઋ8解得分ઋmn55ઋ()可得tπ分=1ઋ19=qB(1)应取整数故次分ઋ4nnઋ,().见解析=31ઋ26.见解析ઋ解析第一次碰撞前对由动能定理有25ઋ(1),A解析粒子运动轨迹与cdઋ(1)ઋ2分ઋFL1mv边相切如图甲所示A0()ઋ=1,2ઋ解得/分由几何关系可知粒子在磁场中ઋv0()ઋ=5ms1做匀速圆周运动的轨迹半径ઋ碰撞瞬间由动量守恒有ઋA、Brd分ઋmvmvmv分=(1)ઋA0=-AA+BB(1)粒子在磁场中做匀速圆周运ઋ由能量守恒有ઋઋ2ઋv222分动洛伦兹力提供向心力则有分ઋE1mv1mv1mvqvBm50%=AA+BB-A0(1),,=r(1)ઋ222ઋ因为回到初始点所以/分ઋvvqBd,A0()解得v分ઋA==5ms1=m(1)ઋ5ઋ解得v10/E1分B粒子在极板间做直线运动洛伦兹力与电场力ઋ=ms,=×10J(1)(2),ઋ99ઋ第一次爆燃后到下次碰撞前物体向右做减大小相等则有vBE分qqઋ(),,=(1)2Bઋ速运动直到停止设移动距离为2x解得qBd分ઋ,B0,Eઋ()x=m1ઋ由能量守恒有1mv210mx分ઋμgBB=xB0(1)因粒子带负电荷在极板间洛伦兹力方向竖直向ઋ22,ઋ因为物体对粗糙地面的压力与向右滑动的距离下则电场力方向竖直向上所以电场强度方向竖ઋ(B,,ઋ成正比即摩擦力与向右滑动的距离成正比可以直向下分ઋ,,(1)ઋઋ用平均作用力表示克服摩擦力的功等于产生的热量若撤去极板间的磁场则粒ઋ,)(),3ઋ子在板间做类平抛运动如图ઋ解得x5分,ઋ0=m(1)乙所