新高考七省卷02（贵州、甘肃）（全解全析）

2024年1月“七省联考”考前物理猜想卷02（适用地区：贵州、甘肃）全解全析一．选择题（本题共10小题，共43分，在每小题给出的四个选项中，1~7题只有一项符合题目要求，8~10题有多项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0分。）1．【答案】D【详解】A．反应①为人工核反应，故A错误；B．反应②中的电子来自于原子核的内部中子转变为质子产生的，故B错误；C．原子核的半衰期与温度无关，故C错误；D．根据自然组成原子核的核子越多，它的结合能就越高，因此的核结合能大于的核结合能，且铀原子核是生成物更稳定，比结合能也大，故D正确。故选D。2．【答案】C【详解】AB．根据开普勒第三定律有解得故AB错误；CD．根据牛顿第二定律可得解得可知“樊锦诗星”在远日点的加速度与地球的加速度大小之比为故C正确，D错误。故选C。3．【答案】B【详解】A．电击对人类的危害是较长时间通过人体一个强电流，虽然电蚊拍中间夹层的金属网电势高达上千伏特，若人体碰触金属网，不会因电击而产生严重伤害。一方面是因为人体电阻大，另一方面是不会产生持续长时间的一个强电流，故A错误；BC．闪电生成的基本原理与电蚊拍电离空气放电的原理是一样的，均属于两极间电压积累到一定程度，击穿空气，进行放电，与原子能级跃迁没有关系，故B正确、C错误；D．依题意，设该电蚊拍两电极间的电压可升高至Um，根据代入数据可得故D错误。故选B。4．【答案】D【详解】A．太阳能汽车可达的最大机械功率为故A错误；B．汽车的机械功率为故B错误；C．若汽车机械功率恒定，车速减半时牵引力增加一倍，故C错误；D．由AB可知，太阳板的面积必须满足关系故D正确。故选D。5．【答案】A【详解】地磁场方向由南向北，根据右手定则，车厢顶部电势高于车厢底部，根据可知电势差大小约为。故选A。6．【答案】B【详解】A．该现象是光的折射现象，选项A错误；B．为了使成像原理更加清晰，应作截面图，如图为筷子竖直插入盛水玻璃杯内的俯视图，A处为筷子，ABP表示由筷子发出的穿过玻璃杯壁B射向观察者P处的一条光线，ON为过B点沿半径方向的直线，即在B处和空气的分界面的法线，上述光线则相当于在B处由水中射入空气中，图中的角θ1和角θ2分别为此光线的入射角和折射角，根据光的折射规律可知，应有θ1<θ2，所以观察者在P处看到的筷子A的像A'的位置不是在A的实际位置，而是由其实际位置偏离杯中心的方向向杯壁靠拢一些，故看上去，浸在水中的这段筷子产生了侧移。选项B正确；C．筷子在中心处出射光线始终垂直杯子，光线不发生偏折，选项C错误；D．筷子在距离杯子的边沿处发出的光射到玻璃杯边缘时入射角较大，最容易发生全反射，则如将筷子沿所在直径向中心轴移动，移到某处时筷子在水中的像不会消失，选项D错误。故选B。7．【答案】B【详解】设扩音机与人相距，则人听到第一声咔（强）的时刻为听到第二次咔（强）的时刻为听到第一次咔（弱）的时刻为已知，听到“咔（弱）”的时刻正好是两个“咔（强）”的中间时刻，即有因此有解得故选B。8．【答案】BC【详解】烧断细线的瞬间，弹性绳对小球的弹力在竖直方向的分力与小球受到的重力平衡，小球具有水平向左的加速度，小球将由静止开始水平向左加速。当小球水平向左加速一小段距离运动到如图所示的点时  分析知，弹性绳对小球的弹力在竖直方向的分力仍然与小球受到的重力平衡，而弹性绳对小球的弹力在水平方向的分力大小与小球偏离点的位移大小成正比，因此小球在A、B两点之间做简谐运动。故选BC。9．【答案】AC【详解】A．不计风力和空气阻力，小球被掷出水平方向做匀速直线运动，则由图2可知，时小球被掷出，被掷出瞬间水平分速度为，竖直分速度为，则小球被掷出瞬间的速率为故A正确；B．有图2可知，小球从最高点落到地面，竖直方向做匀变速直线运动，落地速率为，则下落高度为故B错误；C．竖直方向上，由位移与时间公式可得，重力加速度为故C正确；D．由功能关系可知，小球掷出过程投球器做的功等于小球机械能的增加量，小球高度增加，重力势能增加，即小球掷出过程投球器做的功等于小球获得的动能和增加的重力势能之和，故D错误。故选AC。10．【答案】BC【详解】A．两粒子在水平方向上均做匀速直线运动，设两粒子的初速度大小均为，从B点入射的粒子到达C点所用的时间为从A点入射的粒子到达C点所用的时间为，两粒子不可能同时到达C点，A错误；B．从B点入射的粒子到达C点时，在竖直方向有设A、B两点间的距离为x，则有联立可解得B正确；C．由、可得从A到C由动能定理有联立可解得C正确；D．根据公式、和U=Ed可得将上极板稍向上移动，极板间电场强度不变，则粒子的加速度不变，运动情况不变，从A点射入的粒子仍能经过C点，D错误。故选BC。二、非选择题（共57分）11．（6分）【答案】0.850.30偏小【详解】（1）[1][2]令手机质量为M，木块质量为m，对木块与手机整体进行分析，根据牛顿第二定律有则有结合图（b）有，解得，（2）[3]令木板与水平方向的夹角为，对木块与手机整体进行分析，根据牛顿第二定律有则有由于操作过程中，将砂和砂桶释放，细线带动木块由静止开始做匀加速直线运动，表明释放砂和砂桶前，木块处于静止状态，即有则可知实验中处理数据时，将整体看为了，即有解得即，这样会导致动摩擦因数的测量结果偏小。12．（8分）【答案】4.486140R1【详解】（1）[1]螺旋测微器的固定刻度读数为4mm，可动刻度的读数为48.6××0.01mm=0.486mm，则读数为：4mm+0.486mm=4.486mm。（2）[2][3]指针偏转过大，说明所选挡位过大，导致示数偏小，为了使指针指向中间，应选用小挡位，故应选×10挡；由图示表盘可知，其读数为：14×10=140Ω；（3）[4][5]电流表与定值电阻R2串联后所测的最大电压为而电动势为4.5V，所以定值电阻R2小，应选定值电阻R1；由电路图根据串并联规律应有化简得根据图像可知斜率解得（4）[6]根据电阻定律其中联立可得13．（10分）【答案】（1）；（2）增加Q【详解】（1）由于温度升高，体积不变，气体为等容变化，根据查理定律可得解得（2）根据热力学第一定律有由于气体体积不变，所以所以14．（14分）【答案】（1）0.4R；（2）0.4R；（3）【详解】（1）对AB系统水平方向受合外力为零，则水平方向动量守恒，当B上升到最高点时，AB共速且速度为零，则由能量关系可知解得h=0.4R此时B刚好到达最高点。（2）由人船模型可知其中可得xB=0.8R,xA=0.4R（3）当时，滑块B将滑离轨道，滑块B到达轨道最高点时，B在A轨道上时，AB系统水平方向受合外力为零，则水平方向动量守恒，当B上升到最高点时，由动量守恒定律可得由能量守恒可得联立解得B从轨道冲出后做斜抛运动，上升到最高点时，速度仅有水平方向的速度，从轨道冲出后上升到最高点的速度为15．（18分）【答案】（1）；（2），；（3），【详解】（1）粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力可得又联立解得粒子的比荷为（2）粒子的轨迹如图所示粒子在电场中可逆向看成做类平抛运动，则有联立解得匀强电场电场强度大小为由几何关系可得解得（3）若粒子进入磁场后受到了与速度大小成正比、方向相反的阻力，粒子在磁场的运动轨迹如图所示由可得即角速度为一定值，又可知粒子与磁场左边界相切时转过的弧度为，则有取一小段时间，对粒子在方向上列动量定理（如图）两边同时对过程求和可得即其中则有结合可得故有