2017年辽宁省铁岭市中考物理试题（解析）

2017年辽宁省铁岭市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题2分，满分28分）1．【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、初中生百米赛跑用时约15s；故A错误；B、铁岭市六月份的平均气温绝对达不到50℃；故B错误；C、手机电池的电压为3.7V；故C错误；D、一袋方便面的质量约100g，故其重力约为1N；故D正确；故选：D。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。2．【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【解答】解：A、手影是由光的直线传播形成的，故A错误；B、倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B正确；C、海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果，故C错误；D、铅笔折了是一种由光的折射产生的现象，故D错误。故选：B。【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。3．【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；（2）响度指的是声音的大小；（3）每个发声体的音色是不同的；（4）光的三原色是红绿蓝。【解答】解：A、从手机中听到的声音是由物体振动产生，故A错误；B、调节手机的音量按键可以改变声音的响度，故B错误；C、每个发声体的音色是不同的，小敏能分辨出爷爷和奶的声音是根据声音的音色，故C正确；D、手机屏幕的画面由红、绿、蓝三种色光混合而成，故D错误。故选：C。【点评】本题除了考查学生对光的三原色、声音的特征的理解和掌握，属于基础知识。4．【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为固态的过程叫凝固；物质由气态变为液态的过程叫液化；物质由液态变为气态的过程叫汽化；汽化的两种方式是蒸发和沸腾；物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态直接变为固态的过程叫凝华。【解答】解：A、雾是液态的小水滴，是空气中的水蒸气遇冷由气态变化形成的，属于液化现象，故A错误；B、冰化成水，由固态变为液态，属于熔化现象，故B正确；C、霜是空气中的水蒸气快速放热后凝华形成的固态小冰晶，故C错误；D、蜡烛是非晶体，蜡烛“流泪”是熔化现象，熔化过程中温度不断升高。故D错误。故选：B。【点评】此题考查的是物态变化现象的判断，是一道热学的基础题。掌握六种物态变化的状态变化是解题的关键。5．【分析】首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案。【解答】解：由题意可知电流表的工作原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大；因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。A、动圈式话筒是利用电磁感应现象制成的，与电流表的工作原理不同，故A错误。B、电铃是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理不同，故B错误。C、电钻是利用通电线圈在磁场中受力而转动的原理制成的，与电流表的工作原理相同，故C正确。D、电磁起重机是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理不同，故D错误。故选：C。【点评】在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。6．【分析】（1）开关与用电器串联，并且接在火线上；（2）电器着火时，要先切断电源，再救火；（3）正确使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；（4）家庭电路电流过大的原因：短路或总功率过大【解答】解：A、开关与灯泡应串联，灯的开关应接在灯与火线之间，这样在断开开关时，灯泡才不会带电，故A正确；B、用电器着火时，要先切断电源，再救火，若直接用水泼易引发触电，故B错误；C、使用试电笔时手指要接触金属笔尾，笔尖接触电线，可辨别火线与零线，但手不能接触笔尖金属体，否则会发生触电事故，故C错误；D、家庭电路中电流过大，可能是用电器总功率过大，也可能是电路中发生了短路。故D错误。故选：A。【点评】本题主要考查了家庭电路的有关问题，要掌握安全用电的知识、家庭电路中电流过大的原因等。7．【分析】由图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源电压；电流表A1测量的是干路中的电流，电流表A2测量的是R1的电流；根据滑片P移动的方向判定电阻的变化，根据欧姆定律判定电流的变化。【解答】解：由图可知，R1、R2并联，电压表测量电源电压，故移动滑片时电压表示数保持不变，故C错误；电流表A1测干路中的电流，电流表A2测通过R1的电流；当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I＝可知，通过滑动变阻器的电流减小；电阻R1的阻值不变，其两端电压不变，则通过电阻R1的电流不变，即A2示数不变，故B错误；并联电路中干路的电流等于各支路电流的和，滑动变阻器的电流减小，电阻R1的电流不变，则干路中的电流减小，即电流表A1示数变小，故A错误；由欧姆定律可知，电压表V与电流表A2示数的比值等于R1的阻值，所以该比值保持不变，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电表所测电路元件的判断，这也是本题的难点。8．【分析】（1）流体的压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大；（2）上端开口，下部相连通的容器叫连通器；当连通器内的液体不流动时，各容器中的液面总是相平的。（3）飞机的起飞也利用了流体压强与流速的关系。（4）用吸管吸饮料，是利用大气压的作用把饮料压入嘴里。【解答】解：A、口吹硬币跳跃木块，是因为流体在流速大的位置压强小，故A错误；B、船闸工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器，所以船闸是利用连通器原理工作的，故B正确；C、飞机的机翼上面凸起、下面平直，滑行时流过机翼上方的空气流速大、压强小，流过机翼下方的空气流速小、压强大，产生向上的压强差，从而产生向上的升力使飞机起飞，即飞机的起飞利用了流体压强与流速的关系，不是利用浮力，故C错误；D、吸管吸饮料时，吸气时，管内压强减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，故D错误。故选：B。【点评】此题是一道综合题，涉及了流体压强与流速的关系、连通器原理、大气压的应用等知识点，要求灵活运用所学力学知识加以分析。9．【分析】（1）太阳能电池可以将太阳能转化为电能；（2）用电器是将电能转化为其他形式能的装置；（3）在自然界短时间就能得到补充的是可再生能源，常见的可再生能源有：风能、太阳能、水能等；（4）LED指示灯是利用半导体材料制成的。【解答】解：A、太阳能电池工作时可以将太阳能转化为电能，故A正确；B、在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，在电路中手机电池消耗电能，所以手机电池相当于用电器，故B正确；C、太阳能是一种短时间就能得到补充的能源，是可再生能源，故C错误；D、充电宝上的LED指示灯是利用半导体材料制成的，故D错误。故选：AB。【点评】本题以充电宝为载体，考查了太阳能的转化、电能的转化、能源的分类以及半导体材料的应用等知识，属于基础题目。10．【分析】（1）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上；（2）压力一定时，增大受力面积可减小压强；（3）周围景物在向后运动，说明景物在运动，那么所选参照物与景物之间的位置发生了变化，据此即可选择合适的参照物；（4）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。【解答】解：A、“划船机”静止时对地面的压力和它所受的支持力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误；B、“划船机”手柄处宽大松软是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B正确；C、“划船机”向前运动时，小威看到周围的景物向后运动，选择的参照物是“划船机”，而不是地面，故C错误；D、一切物体都有惯性，停止划船机，“划船机”还会向前运动一段距离是由于“划船机”具有惯性，故D正确。故选：BD。【点评】本题通过对“划船机”的相关说法，考查了平衡力的辨别、减小压强的方法、参照物的选择、惯性的应用等，综合性强，但难度不大。11．【分析】（1）首先根据甲、乙两容器的底面积大小判断体积相等的A、B两种液体分别装入两容器后液体的深度大小，然后利用液体压强公式判断A、B液体的密度的密度大小；（2）首先根据物体浮沉条件判断物体在两液体中所受浮力大小，然后根据阿基米德原理判断物体在甲、乙两容器中排开液体的质量大小；（3）放入物体后两容器底受到的压力等于物体的重力，又知底面积大小，根据p＝判断压强大小。【解答】解：A、由图可知，甲容器底面积大于乙容器底面积，所以体积相等的A、B两种液体分别装入甲、乙两容器后，hB＞hA，A、B两种液体对容器底的压强相等，根据p＝ρgh可知，A、B液体的密度ρA＞ρB，故A正确；BD、由图可知，物体在AB两种液体中均处于漂浮状态，所以所受浮力相等，都等于其自身重力，故D正确；根据阿基米德原理可知，物体所受浮力等于其排开液体的重力，所以物体在甲、乙两容器中排开液体的质量相等。故B错误；C、放入物体后两容器底增加的压力相等，都等于物体的重力，甲容器的底面积大于乙容器的底面积，所以，根据p＝可知，甲增加的压强小于乙增加的压强，而放入物体前液体对容器底的压强相等，所以放入物体后两容器底受到液体压强大小为pA＜pB，故C正确。故选：ACD。【点评】此题考查液体压强公式、压强定义式、阿基米德原理、以及物体浮沉条件及其应用，是一道综合性很强的题目，对学生要求较高，只有对相关知识点熟练掌握，并能灵活运用，才能正确作答。12．【分析】根据欧姆定律可知：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比，由此可知b为R0的I﹣U图象；再根据R1的阻值会因通过的电流增大而增大，R2的阻值会因通过的电流增大而减小确定热敏电阻R1和灯L值的图象。（1）分析图乙电路图，当滑动变阻器滑片移至a端、只闭合S1时，电路中灯和R0串联，由于灯正常发光，知道电路中的电流，根据图甲得出灯两端的电压（灯的额定电压）以及R0两端电压，利用P＝UI求灯的功率（额定功率），利用串联电路的电压特点求电源电压；（2）当滑片移至b端，只闭合S2，热敏电阻R1、R0和滑动变阻器串联，知道电流表A的示数，根据图甲得出R0两端的电压、热敏电阻R1两端的电压，利用串联电路的电压特点求滑动变阻器两端的电压，再利用欧姆定律求滑动变阻器的最大阻值；（3）闭合S1、S3，断开S2时，灯和滑动变阻器串联，由滑动变阻器的铭牌可知滑动变阻器允许通过的最大电流（电路最大电流），利用P＝UI求电路的最大功率。【解答】解：由于热敏电阻R1电阻随温度升高而减小、灯泡的电阻随温度升高而增大、R0为定值电阻，由图甲可知，b图象，电压增大，电流增大，电流与电压成正比例函数，它代表定值电阻R0的I﹣U图线；a图象，电压增大，电流增大，但电压的变化量比电流的变化量大，根据欧姆定律可知它代表的电阻增大，为灯泡L的I﹣U图线；c图象，电压增大，电流增大，但电压的变化量比电流的变化量小，根据欧姆定律可知它代表的电阻减小，为热敏电阻R1的I﹣U图线；（1）由图乙可知，当滑动变阻器滑片移至a端、只闭合S1时，电路中灯L和R0串联；因为灯正常发光，电路中的电流为0.6A（即灯的额定电流），所以由图甲可知，此时R0两端电压为6V，灯两端的电压为12V（即灯的额定电压），灯的额定功率：P额＝ULI＝12V×0.6A＝7.2W，电源电压：U＝1