2010年江苏省高考物理试卷解析版

2퐵퐿푑2010年江苏省高考物理试卷解析版A．此过程中通过电阻R0的电荷量为q=푅0+푟参考答案与试题解析一、解答题（共小题，满分分）1515B．此过程中电路产生的电热为Q＝Fdmv2-21．（3分）如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用铅笔靠着线的左侧挑起细线水平向右匀速移动，运动中C．此时AC两端电压为U＝2BLv始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度（ ）AC2퐵퐿푣푅0D．此时AC两端电压为UAC=푅0+푟【考点】BB：闭合电路的欧姆定律；D9：导体切割磁感线时的感应电动势．菁优网版权所有【专题】32：定量思想；43：推理法；53C：电磁感应与电路结合．△훷A．大小和方向均改变B．大小不变，方向改变【分析】根据电量的经验表达式q=求出此过程中通过电阻R0的电荷量，根据能量守恒判断电热的푅0+푟C．大小改变，方向不变D．大小和方向均不变正误，图中半圆形硬导体AB有效切割的长度等于半圆的直径2L，由公式E＝Blv求解感应电动势的大小。【考点】45：运动的合成和分解．菁优网版权所有AB相当于电源，其两端的电压是外电压。【专题】517：运动的合成和分解专题．△훷퐵⋅2퐿푑2퐵퐿푑【分析】橡皮参加了两个分运动，水平向右匀速移动，同时，竖直向上匀速运动，实际运动是这两个运动的【解答】解：A、根据q=得，该过程中通过电阻R0的电荷量为q==，故A푅0+푟푅0+푟푅0+푟合运动，根据平行四边形定则可以求出合速度．正确。【解答】解：橡皮在水平方向匀速运动，由于橡皮向右运动的位移一定等于橡皮向上的位移，故在竖直方向以相等的速度匀速运动，根据平行四边形定则，可知合速度也是一定的，故合运动是匀速运动；11B、根据能量守恒得，Fd=Q+푚푣2+푊，则Q≠Fd푚푣2，故B错误。2푓-2故选：D。C、导体AB有效切割的长度等于半圆的直径2L，半圆形导体AB切割磁感线产生感应电动势的大小为：E【点评】本题关键是先确定水平方向和竖直方向的分运动，然后根据合运动与分运动的等效性，由平行四边푅2퐵퐿푣푅形定则求出合速度．00＝B•2L•v＝2BLv，AB相当于电源，其两端的电压是外电压，由欧姆定律得：U=퐸=，푅0+푟푅0+푟2．（3分）如图所示，水平放置的粗糙U形固定框架上接一个阻值为R0的电阻，放在垂直纸面向里、磁感应强故D正确，C错误。度大小为B的匀强磁场中，一个半径为L、质量为m的半圆形硬导体AC在水平向右的恒定拉力F作用下，故选：AD。由静止开始运动距离d后速度达到v，半圆形硬导体AC的电阻为r，其余电阻不计。下列说法正确的是【点评】本题要理解并掌握感应电动势公式，公式E＝BLv中，L是有效的切割长度，即为与速度垂直的方（ ）向导体的长度。也可画出等效电路，来区分外电压和内电压。3．（3分）如图所示，置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m的照相机，三脚架的三根轻质支架等长，与竖直方向均成30°角，则每根支架中承受的压力大小为（ ）12323A．mgB．푚푔C．푚푔D．푚푔3369A．B．【考点】2G：力的合成与分解的运用；3C：共点力的平衡．菁优网版权所有【专题】11：计算题．【分析】以相机为研究对象，对相机受力分析，先将各支架的作用力向水平和竖直方向分析，由共点力的平衡条件可得出各支架的受力。C．D．【解答】解：要使相机受力平衡，则三根支架竖直向上的力的合力应等于重力，【考点】DE：自感现象和自感系数．菁优网版权所有即3Fcosθ＝mg；【专题】16：压轴题．23【分析】当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根解得F=mg；9据欧姆定律和楞次定来分析。故选D。【解答】解：在t＝0时刻闭合开关S时，线圈中电流增大，产生自感电动势，使得线圈中电流只能逐渐增大，干路中电流I也逐渐增大，根据欧姆定律UAB＝E﹣Ir，UAB逐渐减小直到稳定。稳定时，电阻R的电流小于灯泡D的电流。在t＝t1时刻断开S时，灯泡中原来的电流立即减小为零，线圈中产生自感电动势，电阻R、灯泡D和线圈组成回路，回路中电流从原来值逐渐减小到零，此时流过灯泡D的电流方向与原来的方向相反，B点的电势比A点电势高，UAB＜0．由于稳定时线圈中电流较小，根据UAB＝IRD，则此时UAB值比稳定时小。故选：B。【点评】本题因是立体图，无法将所有力画出，因三根支架受力相等，故可以由一根支架的受力得出所有支【点评】本题考查综合运用楞次定律和欧姆定律分析自感现象的能力。要注意电势差的正负。架的合力。5．（3分）空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图象如图所示。下列说法正确的是4．（3分）如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，电感L的电阻不计，电阻R的阻值大于灯泡D的（ ）阻值，在t＝0时刻闭合开关S，经过一段时间后，在t＝t1时刻断开S，下列表示A、B两点间电压UAB随时间t变化的图象中，正确的是（ ）A．O点的电势最低【考点】4F：万有引力定律及其应用；4H：人造卫星．菁优网版权所有B．x2点的电势最高【专题】52A：人造卫星问题．C．x1和﹣x1两点的电势相等【分析】A、轨道Ⅱ上由A点运动到B点，引力做正功，动能增加．D．x1和x3两点的电势相等B、从轨道Ⅰ的A点进入轨道Ⅱ需减速，使万有引力大于所需要的向心力，做近心运动．3【考点】A6：电场强度与电场力；AC：电势．菁优网版权所有푅C、根据开普勒第三定律=퐶，比较轨道Ⅱ和轨道Ⅰ上运动的周期．【专题】16：压轴题．푇2【分析】解答本题需掌握：电场线的切线方向表示空间该点的场强方向；沿着电场线电势越来越低。D、根据牛顿第二定律，通过比较所受的万有引力比较加速度．【解答】解：A、B、从图象可以看出，电场强度的大小和方向都沿x轴对称分布，沿着电场强度的方向，电【解答】解：A、轨道Ⅱ上由A点运动到B点，引力做正功，动能增加，所以经过A的速度小于经过B的势一定降低，故根据其电场强度E随x变化的图象容易判断，O点的电势最高，故A错误，B也错误；速度。故A正确。C、由于x1和﹣x1两点关于y轴对称，且电场强度的大小也相等，故从O点到x1和从O点到﹣x1电势降落B、从轨道Ⅰ的A点进入轨道Ⅱ需减速，使万有引力大于所需要的向心力，做近心运动。所以轨道Ⅱ上相等，故x1和﹣x1两点的电势相等，因而C正确；经过A的速度小于在轨道Ⅰ上经过A的速度。故B正确。3D、由于沿着电场强度的方向，电势一定降低，故从O点到x1和从O点到x3电势都是一直降落，故x1和푅C、根据开普勒第三定律=퐶，椭圆轨道的半长轴小于圆轨道的半径，所以在轨道Ⅱ上运动的周期小2x3两点的电势不相等，故D错误；푇故选：C。于在轨道Ⅰ上运动的周期。故C正确。【点评】本题关键抓住沿着电场强度的方向，电势一定降低；然后结合图象得到电场强度的分布情况，再分D、在轨道Ⅱ上和在轨道Ⅰ通过A点时所受的万有引力相等，根据牛顿第二定律，加速度相等。故D错析电势变化情况即可。误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，故选：ABC。选对但不全的得2分，错选或不答得0分.푅3【点评】解决本题的关键理解飞船的变轨问题，以及知道开普勒第三定律=퐶．6．（4分）航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道푇2Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有（ ）7．（4分）在如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有（ ）A．在轨道Ⅱ上经过A的速度小于经过B的速度B．在轨道Ⅱ上经过A的速度小于在轨道Ⅰ上经过A的速度A．升压变压器的输出电压增大C．在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期B．降压变压器的输出电压增大D．在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度C．输电线上损耗的功率增大D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大B．物块从顶端滑到P点的过程中因摩擦产生的热量，前一过程较少【考点】BG：电功、电功率；E8：变压器的构造和原理；EA：电能的输送．菁优网版权所有C．物块滑到底端的速度，前一过程较大【专题】1：常规题型．D．物块从顶端滑到底端的时间，前一过程较长【分析】正确解答本题需要掌握：理想变压器的输入功率由输出功率决定，输出电压由输入电压决定；明确【考点】37：牛顿第二定律；6B：功能关系．菁优网版权所有远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关，明确整个过程中的功率、电压关系。理想变压器电【专题】11：计算题；16：压轴题．压和匝数关系。【分析】小物块能滑下，把自身重力分解，可得出第一过程中沿斜面向下的合力是逐步加大的，第二过程是【解答】解：A、由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，合力是逐步减小的。而且最大的合力和最小的合力都是固定不变的，故第一过程的合力较小。接下来可以运故A错误。用动能定理和运动学公式求解。B、由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压U2不变，【解答】解：A、先让物块从A由静止开始滑到B，又因为动摩擦因数由A到B逐渐减小，说明重力沿斜面根据P＝UI，可知输电线上的电流I线增大，根据U损＝I线R，输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的分量在整个过程中都大于摩擦力。也就是说无论哪边高，合力方向始终沿斜面向下。物块从A由静止开始的输入电压U3＝U2﹣U损可得，降压变压器的输入电压U3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器滑到P时，摩擦力较大，故合力较小，距离较短；物块从B由静止开始滑到P时，摩擦力较小，故合力较的输出电压减小，故B错。大，距离较长。所以由动能定理，物块从A由静止开始滑到P时合力做功较少，P点是动能较小；由B到P2C、根据P损=퐼线푅，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故C正确。时合力做功较多，P点是动能较大。因而A正确；푃B、因板上的AP距离相等，故物块从顶端滑到P点的过程中因摩擦产生的热量μmgs，由于摩擦力大小无法()2푅푈2푃푅确定，因此其做功无法确定，则产热也无法确定，故B错误；D、根据η==，发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占푃2C、由动能定理，两过程合力做功相同，到底端时速度应相同；因而C错误；푈2D、采用v﹣t法分析，第一个过程加速度在增大，故斜率增大，第二个过程加速度减小，故斜率变小，由于总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大。故D正确。倾角一样大，根据能量守恒，末速度是一样大的，还有就是路程一样大，图象中的面积就要相等，所以第一故选：CD。个过程的时间长；因而D正确；【点评】对于远距离输电问题，一定要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其注意导线上损失的电压和功故选：AD。率与哪些因素有关。【点评】本题关键要分清楚合力的变化情况，然后根据动能定理和运动学公式列式判断。8．（4分）如图所示，平直木板AB倾斜放置，板上的P点距A端较近，小物块与木板间的动摩擦因数由A到9．（4分）如图所示，在匀强磁场中附加另一匀强磁场，附加磁场位于图中阴影区域，附加磁场区域的对称轴B逐渐减小，先让物块从A由静止开始滑到B．然后，将A着地，抬高B，使木板的倾角与前一过程相同，OO′与SS′垂直．a、b、c三个质子先后从S点沿垂直于磁场的方向射入磁场，它们的速度大小相等，b的再让物块从B由静止开始滑到A．上述两过程相比较，下列说法中一定正确的有（ ）速度方向与SS′垂直，a、c的速度方向与b的速度方向间的夹角分别为α、β，且α＞β．三个质子经过附加磁场区域后能到达同一点S′，则下列说法中正确的有（ ）A．物块经过P点的动能，前一过程较小【点评】本题考查带电粒子在磁场中的运动，难度较大，要求学生能正确利用所学过的物理规律以及几何知识进行求解，并且要通过画图去找出正确的关系．三、解答题（共3小题，满分42分）10．（8分）在测量电源