2019年江苏省高考物理试卷解析版

究，难度适中。2019年江苏省高考物理试卷解析版3．（3分）如图所示的电路中，电阻R＝2Ω．断开S后，电压表的读数为3V；闭合S后，电压表的读数为参考答案与试题解析2V，则电源的内阻r为（ ）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分。每小题只有一个选项符合题意。1．（3分）某理想变压器原、副线圈的匝数之比为1：10，当输入电压增加20V时，输出电压（ ）A．降低2VB．增加2VC．降低200VD．增加200V【考点】E8：变压器的构造和原理．菁优网版权所有【专题】32：定量思想；43：推理法；53A：交流电专题；62：推理能力．【分析】变压器原副线圈的电压之比等于匝数之比，结合原线圈电压的变化得出副线圈电压的变化。A．1ΩB．2ΩC．3ΩD．4Ω푈1푛1△푈1푛1201【考点】：闭合电路的欧姆定律．菁优网版权所有【解答】解：根据=得，=，即=，解得：△U＝200V，即输出电压增加BB푈푛△푈푛△푈10222222【专题】32：定量思想；43：推理法；535：恒定电流专题；61：理解能力．200V．故D正确，ABC错误。【分析】电压表是理想电表，根据闭合电路欧姆定律计算即可。故选：D。【解答】解：断开S后，电压表的读数为3V，即电源的电动势为3V，【点评】解决本题的关键知道原副线圈的电压之比和匝数之比的关系，基础题。闭合S后，电压表的读数为2V，使用电阻的电压为2V，2．（3分）如图所示，一只气球在风中处于静止状态，风对气球的作用力水平向右。细绳与竖直方向的夹角为푈2电路的电流为：I==A＝1A，α，绳的拉力为T，则风对气球作用力的大小为（ ）푅2퐸‒푈3‒2电源的内阻为：r==Ω＝1Ω．故A正确，BCD错误。퐼1故选：A。【点评】本题是对闭合电路欧姆定律的考查，注意电路中的电压表认为是理想电表，串联电路的电流相同。푇푇．（分）年成功发射的“东方红一号”是我国第一颗人造地球卫星，该卫星至今仍沿椭圆轨道绕地球运A．B．C．TsinαD．Tcosα431970푠푖푛훼푐표푠훼动。如图所示，设卫星在近地点、远地点的速度分别为v1、v2，近地点到地心的距离为r，地球质量为M，【考点】3C：共点力的平衡．菁优网版权所有引力常量为G．则（ ）【专题】32：定量思想；43：推理法；527：共点力作用下物体平衡专题；61：理解能力．【分析】气球处于静止状态，受力平衡，对气球受力分析，根据受力平衡即可计算。【解答】解：气球在风中处于静止状态，受力平衡合力为零，对气球受力分析得，气球受到重力、浮力、拉力和水平方向上风的作用力，水平方向上受力平衡得：F风＝Tsinα，故C正确，ABD错误。故选：C。【点评】本题首先要选择好研究对象，再进行受力情况分析，最后由平衡条件求解，按照三个步骤进行研퐺푀퐺푀【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率；AE：电势能与电场力做功；AK：带电粒子在匀强电场中的运A．v1＞v2，v1=B．v1＞v2，v1＞푟푟动．菁优网版权所有퐺푀퐺푀【专题】31：定性思想；43：推理法；532：电场力与电势的性质专题；63：分析综合能力．C．v1＜v2，v1=D．v1＜v2，v1＞푟푟【分析】明确带电粒子在电场中受力情况，知道带电粒子垂直电场方向进入时做类平抛运动；同时明确功率【考点】4F：万有引力定律及其应用．菁优网版权所有P＝Fvcosα，即功率等于力与力的方向上速度的乘积。【专题】34：比较思想；4E：模型法；52A：人造卫星问题；63：分析综合能力．【解答】解：带电粒子垂直进入电场后做类平抛运动，沿电场方向上做匀加速直线运动，故沿电场方向上的【分析】根据开普勒第二定律分析卫星在近地点、远地点的速度大小。根据变轨原理，将近地点速度与卫星퐸푞速度为：v＝at=t；圆周运动的线速度比较，即可求解。푚22【解答】解：根据开普勒第二定律有：v1＞v2。퐸푞故ts秒时电场力的功率为：P＝Eqv=푡；퐺푀푚若卫星绕地心做轨道半径为r的圆周运动时，线速度大小为，将卫星从半径为r的圆轨道变轨到图示的푟故说明P与时间成正比，故A正确BCD错误。퐺푀故选：A。椭圆轨道，必须在近地点加速，所以有：v1＞。푟【点评】本题考查了带电粒子在电场中偏转规律的应用，同时明确功率的计算方法，知道只需求出竖直方向故选：B。上的速度即可，由于粒子做类平抛运动，水平方向上的速度不会影响电场力的功率。【点评】解决本题的关键要理解并掌握卫星变轨的原理，知道当万有引力小于所需要的向心力时，卫星做离二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，心运动。选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．5．（3分）一匀强电场的方向竖直向上。t＝0时刻，一带电粒子以一定初速度水平射入该电场，电场力对粒子6．（4分）如图所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动。座舱的质量为m，运动半径为R，角速做功的功率为P，不计粒子重力，则P﹣t关系图象是（ ）度大小为ω，重力加速度为g，则座舱（ ）A．B．2휋푅A．运动周期为C．D．휔B．线速度的大小为ωR垂直纸面向外，在线框下边所在处的磁场方向垂直纸面向里，根据左手定则知，线框上边所受的安培力方向C．受摩天轮作用力的大小始终为mg向下，下边所受的安培力方向向下，则线框不能处于静止状态，故A错误。D．所受合力的大小始终为mω2RB、若a、b电流方向均向右，根据安培定则以及磁场的叠加知，在线框上边所在处的磁场方向垂直纸面向【考点】48：线速度、角速度和周期、转速；4A：向心力．菁优网版权所有里，在线框下边所在处的磁场方向垂直纸面向外，根据左手定则知，线框上边所受的安培力方向向上，下边【专题】31：定性思想；43：推理法；521：牛顿第二定律在圆周运动中的应用；62：推理能力．所受的安培力方向向上，则线框不能处于静止状态，故B错误。【分析】座舱做匀速圆周运动，根据向心力的性质可确定其受力情况，再根据匀速圆周运动中线速度、角速C、若电流方向a的向左，b的向右，根据安培定则以及磁场的叠加知，在线框上边所在处的磁场方向垂直纸度以及周期间的关系确定周期和线速度的大小。面向外，在线框下边所在处的磁场方向垂直纸面向外，根据左手定则知，线框上边所受的安培力方向向下，2휋下边所受的安培力方向向上，线框可以处于平衡状态，故C正确。【解答】解：A、根据角速度和周期的关系可知，周期T=，故A错误；휔D、若电流方向a的向右，b的向左，根据安培定则以及磁场的叠加知，在线框上边所在处的磁场方向垂直B、线速度大小v＝ωR，故B正确；纸面向里，在线框下边所在处的磁场方向垂直纸面向里，根据左手定则知，线框上边所受的安培力方向向CD、座舱做匀速圆周运动，受到的合外力充当向心力，故合力大小F＝mω2R；由于座舱的重力和摩天轮对上，下边所受的安培力方向向下，线框可以处于平衡状态，故D正确。座舱的作用力充当合外力，故摩天轮对座舱的作用力不等于mg，故C错误，D正确。故选：CD。故选：BD。【点评】本题考查了安培定则、左手定则、磁场的叠加等知识，知道安培定则和左手定则的区别，左右手定【点评】本题考查匀速圆周运动的性质，要注意明确做匀速圆周运动的物体向心力是由合外力提供的，方向则不能混淆。始终指向圆心，且大小恒定。8．（4分）如图所示，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态。小物块的质量为m，从A点向左沿水平地面运7．（4分）如图所示，在光滑的水平桌面上，a和b是两条固定的平行长直导线，通过的电流强度相等。矩形线动，压缩弹簧后被弹回，运动到A点恰好静止。物块向左运动的最大距离为s，与地面间的动摩擦因数为框位于两条导线的正中间，通有顺时针方向的电流，在a、b产生的磁场作用下静止。则a、b的电流方向可μ，重力加速度为g，弹簧未超出弹性限度。在上述过程中（ ）能是（ ）A．弹簧的最大弹力为μmgB．物块克服摩擦力做的功为2μmgsA．均向左B．均向右C．弹簧的最大弹性势能为μmgsC．a的向左，b的向右D．a的向右，b的向左D．物块在A点的初速度为2μgs【考点】DB：楞次定律．菁优网版权所有【考点】6B：功能关系．菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；53D：磁场磁场对电流的作用；62：推理能力．【专题】34：比较思想；4T：寻找守恒量法；52Q：功能关系能量守恒定律；62：推理能力．【分析】根据电流的方向，结合安培定则判断出电流周围磁场的方向，根据磁场的叠加确定线框所处位置的【分析】物体向左运动时，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等时速度最大，物体继续向左运动，弹力将大磁场方向，再根据左手定则判断安培力方向，从而确定线框是否能够处于平衡状态。于滑动摩擦力。整个过程中，物块克服摩擦力做的功为2μmgs．对物体向右运动的过程，利用能量守恒定律【解答】解：A、若a、b电流方向均向左，根据安培定则以及磁场的叠加知，在线框上边所在处的磁场方向求弹簧的最大弹性势能。对整个过程，利用动能定理求物块在A点的初速度。差，从而求得C点的电势。Q1从C点移到B点的过程中，根据C点与B点间的电势差求电场力做功。Q2【解答】解：A、物体向左运动时，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等时，即F＝μmg速度最大，物体继从无穷远处移到C点的过程中，先根据电场的叠加原理求C点的电势，再由W＝qU求电场力做的功。再求续向左运动，弹簧继续被压缩，弹力增大，所以弹簧的最大弹力大于μmg，故A错误。Q2在移到C点后的电势能。B、整个过程中，物块所受的摩擦力大小恒定，摩擦力一直做负功，则物块克服摩擦力做的功为2μmgs，故【解答】解：A、Q1从无穷远处（电势为0）移到C点的过程，根据动能定理得：qU∞C＝﹣W，得：U∞CB正确。푊푊=-．又U∞C＝0﹣φC＝﹣φC，可得Q1移入之前，C点的电势为：φC=，故A正确。C、物体向右运动的过程，根据能量守恒定律得：弹簧的最大弹性势能Ep＝μmgs，故C正确。푞푞1B、Q1移入之前，C点与B点的电势相等，两者间的电势差为0，根据W＝qU知，Q1从C点移到B点的过2D、设物块在A点的初速度为v0．对整个过程，利用动能定理得：﹣2μmgs＝0-푚푣0，可得：v0＝2μgs2程中，所受电场力做的功为0，故B正确。，故D错误。2푊C、Q2从无穷远处移到C点的过程中，根据电场的叠加原理知，C点的电势为：φC′＝2φC=，Q2从故选：BC。푞【点评】运用动能定理和功能关系时解题的关键要选择好研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后根据无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为：W′＝﹣2q（0﹣φC′）＝4W，故C错误。动能定理列式求解。D、Q2从无穷远处移到C点的过程中，电场力做的功为4W，其电势能减少了4W，而Q2在无穷远处电势能9．（4分）如图所示，ABC为等边三角形，电荷量为+q的点电荷固定在A点。先将一电荷量也为+q的点电荷为0，所以Q2在移到C点后的电势能为﹣4W，故D正确。Q1从无穷远处（电势为0）移到C点，此过程中，电场力做功为﹣W．再将Q1从C点沿CB移到B点并固故选：ABD。定。最后将一电荷量为﹣2q的点电荷Q2从无穷远处移到C点。下列说法正确的有（ ）【点评】解决本题的关键要掌握电场力做功与电势差的关系、电势差与电势的关系、电势能的变化与电场力做功的关系。要注意运用公式W＝qU时各个量均要代符号运算。三、简答题：本题分必做题（第10～12题）和选做题（第13题）两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．【必做题】10．（8分）某兴趣小组用如图1所示的装置验证动能定理。（1）有两种工作频率均为50Hz的打点计时器供实验选用：푊．电磁打点计时器A．Q移入之前，C点的电势为A1푞B．电火花打点计时器B．Q从C点移到B点的过程中，所受电场力做的功为01为使纸带在运动时受到的阻力较小，应选择 B （选填“A”或“B”）。C．Q从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为2W2（2）保持长木板水平，将纸带固定在小车后端，纸带穿过打点计时器的限位孔。实验中，为消除摩擦力的D．Q在移到C点