河北省2025届高三大数据9月应用调研联合测评（Ⅰ）物理答案

爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心河北省届高三年级大数据应用调研联合测评()2025Ⅰ物理参考答案及解析题号12345678910答案DCCBDDCBDCDBC.【解析】普通路面上摩擦力都是不能忽略不计的另外电动汽车车轮与轴之间也有摩擦由于摩擦生1D,,热部分电能向内能转化另外电池和电动机均有电阻电流通过这些电阻的过程中将产生焦耳热在水,,,,平公路上加速启动速度增大动能增大所以电能转化为动能和内能选项正确,,,,D。.【解析】根据质量数守恒和电荷数守恒可知衰变的产物中为0即为电子则发生的是衰变衰2CX-1e,,β,β变产生的电子来自原子核内部选项错误钷的半衰期为τ.年经过t.年剩余的质量,;,,t.年AB147=26=5252τ.年26为mm11选项正确半衰期是由核内部自身的因素决定的与原子所=0=100g×=25g,C;,22处的化学状态和外部条件均无关所以半衰期不会变选项错误爱英才教育大数据应用研究中心,,D。.【解析】从振动图像可知t.时刻x处质点P的运动方向沿y轴负方向根据波传播方向3C=02s=4m,与质点振动的关系可知该简谐波沿x轴正方向传播同理可知t.时刻质点Q正沿y轴负方向运,=02s动选项错误波速由介质本身决定与波动的周期没有关系从振动图像可知振动周期T.,A、B;,,=04s,λ从波动图像可知波长λ则波速v选项正确选项错误=8m,=T=20m/s,C,D。P.【解析】列车以速度v行驶时受到的阻力为fkv列车的牵引力为F设列车总质量为m根据4B1=,1=v,,牛顿第二定律有Ffma以上三式联立解得Pmavkv2同理列车以速度v行驶时受到的阻1-1=,=+,,2P'力为fkv列车的牵引力为F根据牛顿第二定律有Ffma以上三式联立解得2=·2,2=v,2-2=,2P'mavkv2所以PP'P选项正确=2+4,2<<4,B。.【解析】转换器可以将电压为U的直流电转变成uUt的交变电流汽车蓄电池的电压为5D0=20sin100π,则转化的电压为ut电压的有效值为则变压器原线圈的电压为U则12V,=122sin100π(V),12V,1=12V,电压表的示数为不随负载功率的变化而变化选项错误转化的电压为ut则12V,,A;=122sin100π(V),ωω电流的频率为f选项错误电饭煲额定电压为则电饭煲加热时变压器副线=100π,==50Hz,B;220V,2πnU圈的电压为U则原副线圈的匝数比为113选项错误电饭煲加热时功率为P原2=220V,、n=U=,C;=660W,、2255P副线圈功率相同则原线圈电流为I选项正确,1U,。=1=55AD.【解析】圆环上取一微元电荷q可视为点电荷根据真空中点电荷电场强度计算公式微元电荷q在圆6D,,,q心O处产生的电场强度大小Ek圆环上电荷到圆心O的距离相同都为R则每个微元电荷q在圆=R2,,,心O处产生的电场强度大小都相等方向从微元电荷指向圆心O根据对称性和叠加原理可知整个圆环,,全部正电荷在圆心O处产生的电场强度大小为选项错误同理根据对称性和叠加原理可知圆环0,A;,高三物理参考答案第页(共页)16{#{QQABAYAAogiIAJAAARgCQwX4CEGQkACACYgGBAAAsAIAQBFABAA=}#}爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心AC和BD部分全部正电荷在圆心O处产生的电场强度大小为则四分之三圆环ACBD部分的全部正0,电荷在圆心O处产生的电场强度大小相当于四分之一圆环BC部分在圆心O处产生的电场强度四分之,一圆环BC部分在圆心O处产生的电场强度大小与四分之一圆环AC部分在圆心O处产生的电场强度大小相等即为E选项错误根据对称性可知四分之一圆环AC部分的全部正电荷在圆心O处产生的,0,B;电场强度大小为E方向沿PO方向圆环BC部分的全部正电荷在圆心O处产生的电场强度大小也为0,,E方向垂直于PO方向根据叠加原理和平行四边形定则可知半圆环ACB部分的全部正电荷在圆心O0,,处产生的电场强度大小为EE选项错误设八分之一圆环AP部分的全部正电荷在圆心O处产1=20,C;生的电场强度大小为E根据对称性可知八分之一圆环CP部分的全部正电荷在圆心O处产生的电场强2,度大小也为E根据对称性和叠加原理可知两电场强度方向夹角为两电场强度矢量和即为四分之一2,45°,E圆环AC部分的全部正电荷在圆心O处产生的电场强度所以有E45°E解得E0,22cos=0,2==245°2cos2EE00选项正确=,D。1+cos45°22+22爱英才教育大数据应用研究中心.【解析】嫦娥六号探测器没有脱离地球引力所以嫦娥六号探测器发射的速度应大于第一宇宙速度小7C,Mm于第二宇宙速度选项错误在地球表面上有G0mg嫦娥六号探测器在环月轨道做匀速圆,A;R2=0①,3pMm2pgR2T2周运动有GmqRh2π式联立解得hqR选项错误设月球qRh2=(+)T②,①②=2-,B;(+)4πpMmv2pgR的第一宇宙速度大小为v则有G1m式联立解得v选项正确在月球表,R2=1qR③,①③=q,C;(q)Mmp0pg面上有Gmg月式联立解得g月选项错误R2=0④,①④=2,D。(q)q.【解析】以物体为研究对象根据共点力平衡条件可得拉物体的轻绳上的弹力为Tmg则拉物体8BD,1=,的轻绳上的弹力不变选项错误轻绳绕过轻滑轮轻滑轮相当于一活结该轻绳上的弹力都为,A;,,αTmg以滑轮为研究对象根据共点力平衡条件可得轻绳OA上的弹力为TT拉着绳在水1=,,2=21cos,2αα平地面上向右运动过程中两绳夹角α逐渐增大为锐角逐渐减小则弹力T逐渐减小选项,,cos,2,B22正确轻绳OA恰好在两绳夹角的角平分线上吊物体的轻绳在竖直方向上根据几何关系可知αθ则;,,=2,夹角α与夹角θ的比值不变选项错误以人为研究对象根据共点力平衡条件可得地面对人的摩擦力,C;,为FTα在水平地面上向右运动过程中两绳夹角α逐渐增大α增大摩擦力逐渐增大选项f=1sin,,sin,,D正确。.【解析】物体温度是它分子热运动的平均动能的标志所以乒乓球内气体温度升高后分子热运动的平9CD,均动能增大但不是每个气体分子的动能都增大选项错误乒乓球恢复成原来的圆球形的过程气体体,,A;积增大对外做功即W选项错误气体的温度升高则内能增大即U根据热力学第一定律,,<0,B;,,Δ>0,UQW则Q即气体从外界吸收热量选项正确乒乓球恢复成原来的圆球形过程初态温度Δ=+,>0,,C;,pVpV为T末态温度为T根据理想气体状态方程有1122解得1,2,TT,=27℃=300K=87℃=360K1=2p.5选项正确2=126×10Pa,D。高三物理参考答案第页(共页)26{#{QQABAYAAogiIAJAAARgCQwX4CEGQkACACYgGBAAAsAIAQBFABAA=}#}爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心.【解析】线框进入磁场过程中根据楞次定律可判定线框中感应电流的方向为ABCDA线10BC----,框穿出磁场过程中根据楞次定律可判定线框中感应电流方向为ADCBA根据安培定则可以----,判定CD边在磁场中时受到的安培力方向水平向左AB边在磁场中时受到的安培力方向也向左,,,,ABCD边在磁场外时不受安培力AD边和BC边受到的安培力大小相等方向相反所以线框穿过磁、,、,场过程中受到的安培力方向水平向左选项错误线框进入磁场过程中通过线框导体横截面上的电,A。ΦΔtBd2荷量为qI-tΔt选项正确线框穿过磁场整个过程中线框产生的感应电动势为E==R=R,B。=dE2B2d3vαBdvα通过的时间为t2整个过程产生的热量为Qt2sin选项正确此过sin,=vα,=R=R,C。sin程中线框受安培力的方向水平向左线框的CD边恰好没有穿出磁场则水平方向的末速度变为在水,,0,平方向上设向左为正方向根据动量定理此过程中线框受安培力的冲量Imvα,,,(0)=0--sin=mvα选项错误0sin,D。.分除标注外每空分不能分也可以不分11(6,,2)(1)(1)(1)mxmxmxmxmxmx或xxx(2)13=11+2213=11+22(3+1=2)爱英才教育大数据应用研究中心【解析】如果换用五角硬币从倾斜部分滑下与一元硬币碰撞碰撞后五角硬币会反弹则不能测出五(1),,角硬币碰撞后的运动位移所以不能完成实验本实验中验证动量守恒定律需计算两硬币碰撞前后的动,;量两硬币碰撞前后的速度根据运动学公式v2ax求出当平直部分水平时两硬币的加速度大小均为,=2,aμg加速度大小相同当平直部分有一微小倾角θ时两硬币的加速度为agμθθ两硬=,,,=(cos±sin),币的加速度仍然相同所以该实验平直轨道部分不一定水平只要保证两硬币做减速运动最后能停在平,,直部分即可故要正确完成实验也可以不保持平直轨道部分水平,。两硬币做匀减速直线运动根据动力学公式v2ax加速度为aμg两硬币加速度大小相等可知(2),=2,=,,一元硬币碰撞前的速度为vax一元硬币碰撞后的速度为vax五角硬币碰撞后的速度为0=23,1=21,vax两硬币碰撞前后动量守恒则mvmvmv将速度代入等式可得mx2=22,,10=11+22,13=mxmx若两硬币的碰撞为弹性碰撞则还要满足1mv21mv21mv2将速度代入等11+22;,10=11+22,222式可得mxmxmx进一步推得xxx13=11+22,3+1=2。.分除标注外每空分...均可分(,,)()()()12102104000398~04021分.2或(2)×10(1)110×10(110)分分.-5(3)①C(1)F(1)②100③24×10【解析】螺旋测微器的精确值为.由图可知金属丝的直径为d..(),1001mm=0mm+400×001mm=.0400mm。用多用电表测电阻时选用的挡位发现指针偏转角太大说明表盘上电阻示数较小要使指针(2)“×100”,,指向中间位置即要使表盘上电阻示数变大所以需要把倍率调小则挡位应调整为读数为,,,“”;×10..2110×10Ω=110×10Ω。分压式接法滑动变阻器总阻值越小调节时电流和电压的变化越接近线性变化所以滑动变阻器(3)①,,RR0V应选择电阻较小的当定值电阻R选项时与电压表并联的总电阻为R并C;0F500Ω,V2=RR=0+VR并从欧姆表的测量可知电阻丝的电阻约为Rx则400Ω4所以两电400Ω,=110Ω,RxR并=≈,+110Ω+400Ω5高三物理参考答案第页(共页)36{#{QQABAYAAogiIAJAAARgCQwX4CEGQkACACYgGBAAAsAIAQBFABAA=}#}爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心爱英才教育大数据应用研究中心压表可以同时达到满偏如果选项时电压表满偏时电压表达不到量程的三分之一电压,E10Ω,V1V2,表满偏时电压表会超过量程所以定值电阻R应选V2V1,0F;RxUURx根据欧姆定律和串并联电路的特点有1-2数学变换得UUU则UU-U图R并U,12R并2,(12)2②=2-=-Rx像的斜率为k从图可得图像的斜率k1解得Rx=R并,(d)=,=100Ω;41.-32S×3×(0400×10)根据电阻定律可得电阻率为ρRx4.-5③=l=100×.Ω·m=24×10Ω·m。05.分()13830°2【解析】作出光路图如图所示设从AC边入射时折射角为α根据折射定律有sin45°n分,,α=①(2)sin光线第一次到达AB边时恰好发生全反射则在AB边的入射角为临界角CC1分,,sin=n②(1)#根据几何关系有APMαC分/∠=+(90°-)(1)1又因为A则APM∠=15°,∠=75°,爱英才教育大数据应用研究中心$则αC.+(90°-)=75°即αC分=-15°(1)则αCC6+2C6-2分sin=sin(-15°)=s