2024届安徽省江南十校高三一模数学详解

2024-03-08 · U1 上传 · 12页 · 654.9 K

2024安徽省江南十校”联考数学试题评分参考一、单项选择题1.已知集合Ax2x1,Bx1x20,则AB()A.x1x1B.x0x1C.xx1D.xx0【解析】由2x1得x0,由1x20得1x1,所以AB{x|x1}【答案】C2.已知复数z满足(12i)z43i,则z=()22A.2iB.2iC.iD.i5543i105i【解析】z2i,所以z2i12i5【答案】A3.已知向量a,b满足ab(1,m),ab(3,1).若ab,则实数m()11A.B.C.3D.333m1m1【解析】由于ab(1,m),ab(3,1),所以a(2,),b(1,),又因为ab,所以22m1m1120,解得m.223【答案】B.ππ4.已知函数f(x)3sin(2x)(||)的图象向右平移个单位长度后,得到函数g(x)的图象,若g(x)是26偶函数,则为ππππA.B.C.D.6633【解析】将函数f(x)3sin(2x)(||0)的图像向右平移个单位长度后得到g(x)的图象,65则g(x)sin(2x),因为g(x)是偶函数,所以20k,kZ,即k,kZ,3326又||令k1,可得.2,6【答案】B.5.酒驾严重危害交通安全.为了保障交通安全,交通法规定:机动车驾驶人每100ml血液中酒精含量达到20∼79mg为酒后驾车,80mg及以上为醉酒驾车.若某机动车驾驶员饮酒后,其血液中酒精含量上升到了1.2mg/ml.假设他停止饮酒后,其血液中酒精含量以每小时20%的速度减少,则他能驾驶需要的时间至少为(精确到0.001.参考数据:lg20.3010,lg30.4771)A.7.963小时B.8.005小时C.8.022小时D.8.105小时lg6lg2lg3【解析】由已知得:1.20.8x0.2,所以x13lg213lg20.30100.47710.7781即x8.022,所以x8.022130.30100.0970【答案】C116.已知函数fxlnx在点(1,1)处的切线与曲线yax2(a1)x2只有一个公共点,则实数a的x取值范围为A.{1,9}B.{0,1,9}C.{1,9}D.{0,1,9}11【解析】由f'(x)得f'(1)2xx2所以切线方程是y2(x1)12x3①若a0,则曲线为yx2,显然切线与该曲线只有一个公共点;②若a0,则2x3ax2(a1)x2即ax2(a3)x+1=0由(a3)24a0,即a210a90得a1或a9综上:a0或a1或a9【答案】B7.已知圆C:x2y28x120,点M(0,3).过原点的直线与圆C相交于两个不同的点A,B,则MAMB的取值范围为..3,A72,72B7+2..,C274,274D627+4【解析】设AB的中点为点P,则MAMB2MP,由垂径定理知CPOP,则可得点P的轨迹E为以OC为直径的圆(圆C内部的圆弧)其方程为22,则可得点到轨迹上点的距离取值范围为3,,E:(x2)y4(3x4)M(0,3)EP7+2从而的取值范围为,.MAMB2MP627+4【答案】D1.已知数列的前项和为数列的前项和为,且,,,则8{an}nSn,{bn}nTnan1Snna11bnan1使得恒成立的实数的最小值为TnMMA.1B.3C.7D.226【解析】当n1时,a2a112当n2时,anSn1n1所以an1anSnn(Sn1n1),即an12an1所以an112(an1)1,n1则为等比数列,{an1},n2ann2321,n2即时,n2n2an132111171177所以T(1),得Mn2322n2632n266【答案】C2二、多项选择题9.箱线图是用来表示一组或多组数据分布情况资料的统计图,因形似箱子而得名.在箱线图中(如图1),箱体中部的粗实线表示中位数;中间箱体的上下底,分别是数据的上四分位数(75%分位数)和下四分位数(25%分位数);整个箱体的高度为四分位距;位于最下面和最上面的实横线分别表示最小值和最大值(有时候箱子外部会有一些点,它们是数据中的异常值).图2为某地区2023年5月和6月的空气质量指数(AQI)箱线图.AQI值越小,空气质量越好;AQI值超过200,说明污染严重.则(第9题图1)(第9题图2)A.该地区2023年5月有严重污染天气.B.该地区2023年6月的AQI值比5月的AQI值集中.C.该地区2023年5月的AQI值比6月的AQI值集中.D.从整体上看,该地区2023年5月的空气质量略好于6月.【解析】对于A选项可以从图2所示中5月份有AQI值超过200的异常值得到判断(也可以通过异常值结合观察5月份的平均值高于中位数辅助判断);对于B,C选项,图2中5月份的箱体高度比6月份的箱体高度小,说明5月的AQI值比6月的AQI值集中;对于D选项,虽然5月有严重污染天气,但从图2所示中5月份箱体整体上比6月份箱体偏下且箱体高度小,AQI值整体集中于较小值,说明从整体上看,该地区2023年5月的空气质量略好于6月.【答案】ACD10.已知抛物线E:y22px的焦点为F,从点F发出的光线经过抛物线上的点P(原点除外)反射,则反射光线平行于x轴.经过点F且垂直于x轴的直线交抛物线E于B,C两点,经过点P且垂直于x轴的直线交x轴于Q;抛物线E在点P处的切线l与x,y轴分别交于点M,N,则下列说法成立的是22A.PQBFQFB.PQBCOQC.PFMFD.FNlpp【解析】对于A,B选项,设点P(x,y),而PQ2px,而BFp,QFx,BFQFpx,22则A选项错误,又BC2p,OQx,则B选项正确;对于C选项,如下图所示,过点P作x轴的平行线RH,与抛物线E的准线KH交于点H,又题意所给抛物线的光学性质可得SPRMPF,又SPRPMF,所以MPFPMF,从而PFMF;对于D选项,因为SPRHPM,所以MPFHPM,即PM为HPF的角平分线,又由抛物线定义知PHPF,结合PFMF,可得菱形MFPH,而y轴经过线段FH中点,从而PM与y轴的交点即为点N,所以FNl.3【答案】BCD11.已知点S,A,B,C均在半径为5的球面上,ABC是边长为23的等边三角形,SABC,SA32,则三棱锥S-ABC的体积可以为()33A.B.3C.33D.5135【解析】方法一:如图,设三棱锥的外接球球心为,的中心为,连接,延S-ABCOABCO1AO,SO,AO1长交于,连接,则是中点,所以又,所以平面,又因AO1BCDSDDBCBCAD,BCSABCSAD为平面,所以平面平面,过作的垂线,垂足为,则平面,在BCABCSADABCSADGSGABCRtAOO1中,,设过作的垂线,垂足为.若、在的同侧,则在OO1541AGd,SGh,OSGEAO1SGRtSAG3h22225h3中有dh18,在RtSOE中有(d2)(h1)5,联立得或,所以三棱锥S-ABC的21d3d53h体积为3或;若,在的异侧,同理可解得5或h3,与矛盾(舍去).333AO1SGd2521d3d5【答案】BC.方法二:设三棱锥S-ABC的外接球球心为O,连接AO并延长交大圆于F,过S作AD的垂线,垂直为G,可证得SG面ABC11(1)若点S在直线AF的上方,设SAF,FAG,则tan,tan32tantan所以tanSAGtan()1,SAG1tantan42可得SGASsinSAG32321VSSG3313ABC11(2)若点S在直线AF的下方,则tan,tan324tantan12所以tanSAGtan(),sinSAG1tantan71023可得SGASsinSAG32105133VSSG,故选BC.23ABC5【答案】BC.三、填空题12.从0,2,4,6中任意取1个数字,从1,3,5中任意选2个数字,得到没有重复数字的三位数.在所组成的三位数中任选一个,则该数是偶数的概率为.【解析】若在,则三位数有12;若不在,则三位数有123.所以没有重复数字的0C2A3120C3C3A354三位数有个,其中偶数的个数是12个,所以在所组成的三位数中任选一个,是偶数的概率是66C4A32424466114【答案】11.13.若函数fx2为偶函数,ygx15是奇函数,且f2xgx2,则f2023=______.【解析】由fx2为偶函数,得f2xf(2x),由ygx15是奇函数,得g1x5g(1x)5,即g(2x)g(x)10由f2xgx2,得fx+g2x2相加得:f(2x)f(x)6()用2x代换x得f(2x)f(x)6从而f(4x)f(x2)6故fx4f(x)所以4是yfx的一个周期故f2023=f(3)f(1)结合()式得f(3)f(1)3【答案】3.x2y214.在平面直角坐标系xOy中,过双曲线E:1(a0,b0)的右焦点F的直线在第一、第二象限a2b22交E的两渐近线分别于M,N两点,且OMMN.若OMMNONa,则双曲线E的离心率3为.b【解析】如图,设FOM,MON2,因为OMMN,易知FMb,tan,所以OMa;a214又OMMNONa,所以MNONa,在直角OMN中,利用勾股定理可得MNa,33341b1所以tan2,求得tan(负值舍去),也即tan2,所以可得离心率为5.32atan【答案】5.5四、解答题15.已知a,b,c分别是ABC三个内角A,B,C的对边,且3csinAacosCbc.(1)求A;(2)若BC2,将射线BA和CA分别绕点B,C顺时针旋转15,30,旋转后相交于点D(如图所示),且DBC30,求AD.15.【解析】(1)因为3csinAacosCbc所以3sinCsinAsinAcosCsinBsinC又因为sinBsin(AC)sinAcosCcosAsinC所以3sinCsinAcosAsinCsinC······································································(3分)1由于sinC0,所以3sinAcosA1,即sin(A),625又A,则A,因此A.······················································(6分)666663BC26(2)在ABC中,由正弦定理得ACsinABCsinBAC3在BDC中,由于BDC45BC由正弦定理得CDsinDBC2.··················································

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