湖南省娄底市2023-2024学年高三上学期1月期末物理答案

2024-01-30 · U1 上传 · 6页 · 381 K

娄底市2023年下学期高三质量检测物理参考答案一、单选选择题(本大题共6小题,每小题4分,共24分。每小题只有一个选项符合题目要求)题号123456答案BDBACB1.B【解析】t1时刻甲车的速度大于乙车的速度,选项A错误;0~t1时间内的某时刻甲车的x-t图的斜率等于乙车x-t图的斜率,两车速度相同,距离最大,选项B正确;根据v-t图线与横轴围成的面积表示位移的大小可得,0~t2时间内丁车的位移大于丙车的位移,丁车的平均速度大于丙车的平均速度,选项CD错误。2.D【解析】M点电场强度为0,A点的电荷带正电,选项A错误;设所q′q带电量为q′,根据k=k2,解得q′=4q,选项B错误;无穷远处电势为0,(2r)2rqPCBMk则点电势为正,选项错误;撤去处的点电荷,点的电场强度大小为r2,选项D正确。3.B【解析】cd棒受力平衡,根据左手定则,cd棒中的电流方向从c到d,a端接电源的负极,选项A错误;B和I相互垂直,故金属棒受到的安培力为BIL,BILBBILmgtanθmCD选项正确;如图所示,根据三力平衡=,=gtanθ,选项错误。Mmv22πR4AGmv.【解析】根据万有引力提供向心力,有R2=R,=T,解得地Tv3MA球的质量为=2πG,选项正确;轨道半径越大线速度越小,而对接前飞船运动到比空间站更低的轨道,此时飞船的线速度大于空间站的线速度,当飞船运动学科网(北京)股份有限公司到空间站后方适当位置时,加速后飞船做离心运动,有可能与空间站对接,故B错误;对接后组合体由于太空中阻力的作用,若不加以调整,轨道会慢慢降低,故C错误;在空间站中,其任何物体所受万有引力都全部用来提供向心力,都处于完全失重状态,因此小球释放后不会下落,无法据此计算轨道处的重力加速度,故D错误。5.C【解析】小物块放到传送带上时,μmg=ma,a=2m/s2,和传送带共v0v0t11sx1t11m速前运动的时间=a=,运动的位移=2=,小物块接下来在传送带L-x1上匀速运动t2==1.5s,物块在传送带上运动的总时间为t=t1+t2=2.5s,v0v2ABRmgm选项错误;设半圆周的半径为,在半圆周的最高点=R,从最低点到1212mv0mvmg·2RR0.08mv0.8m/sCD最高点2=2+,解得=,=,选项正确、错误。6.B【解析】碰撞过程中环与板组成的系统内力远大于外力,系统动量守1m恒,机械能有损失,选项A错误;mgh=mv2,mv=(m+M)v′,解得v′=2m+M11M2gh,系统损失的机械能为ΔE=mv2-(m+M)v′2=mgh,选项B正确;22m+M圆环和圆板在向下运动的过程中,开始阶段重力之和大于弹簧的弹力,圆环和圆mg板还在加速,选项C错误;碰撞后瞬间,系统加速度为a=,对圆板FN=M+mMmgMa=,选项D错误。M+m二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分。每小题给出的4个选项中,有多个选项符合题目要求,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)题号78910答案BCBCBDAC1n7.BC【解析】根据两个时刻的振动图,A质点的振动形式经过t=+4T学科网(北京)股份有限公司112传到B质点,其中n=0,1,2,3…,故n+λ=s,λ=m,当n=0时,44n+1λ1λ112mn1λ22.4mv0.6m/s=,当=时,=,该机械波的最大传播速度为=T=,选项A错误、BC正确;由于机械波的波长可以很短,故该波遇到10m的孔,不一定能发生明显的衍射,选项D错误。8.BC【解析】光源S到OB的最短传播距离为d=Lsinθ,传播速度v=d4cvcAvn1.25BsinCt,解得=5,选项错误;根据=n可得=,选项正确;根据=18C53°COBx2LcosθLn可得=,选项正确;根据对称性上的发光长度为==5,选项D错误。9.BD【解析】将滑动变阻器R1的滑动头向左移动,R2上的电压增大,电容器上的电压增大,电压表的示数增大,油滴受到的电场力增大,油滴向上运动,电场力做正功,电势能减小,选项A错误;将滑动变阻器R1的滑动头向左移动,当变阻器的电阻R1=R2+r=2r时,变阻器上消耗的功率最大,选项B正确;将两极板的正对面积减小,电容器的电容减小,根据Q=CU,电容器上的电量减小,电流计中有向上的电流,选项C错误;断开开关S2,将电容器上极板向上平移一小段距离,电容器上电量不变,电场强度不变,根据U=Ed,则Q的电势不变,带电油滴Q的电势能不变,选项D正确。1210ACUmUqmvqE0.【解析】设加速电压为,粒子质量为,则有=2,=v2kkkqmE0UAvqvBR,=R,解得=2,选项正确;离子进入磁场的速度=m,根据v2mvd2B2qmrrdmB0.9m=r,=qB,=,解得=k,选项错误;若离子的质量变为,分析可知,离子在磁场中运动的半径减小,会打在Q点左侧,选项C正确;若粒子v2源和加速器整体向右平移一小段距离,离子进入电场中不同的点,qE1=m,因r1E1r1=E0R,故离子仍能做匀速圆周运动,选项D错误。学科网(北京)股份有限公司三、非选择题(本题共5小题,共56分)6d4d43d11.(7分)(1)是(1分)(2)(2分)(3)(2分)(2分)T2TT【解析】(1)两图中从上到下,第一段与第二段的相等时间的位移之比均为1∶3,可知O点是最高点。226d(2)ΔxaT6da1Ta1小球在上升过程中根据=可得=,解得=T2(3)根据中间时刻的瞬时速度等于整段的平均速度,小球下落过程通过A的速8d4dvA′度大小为=2T=T,243dOAO2a1×4dvAvA点的速度为零,上升过程从到,有=,解得=T12.(9分)(1)500(1分)(2)负(1分)2.50(1分)100(2分)(3)2500(2分)5.00(或5)(2分)E1E(1)IgI1.5mAIgRx【解析】电流表满偏时=,当==2=,解得=R总R总+Rx500Ω。(2)红表笔接电源内部的负极,因此红表笔连接的是二极管的负极,该读数为E2.50mA,根据I=2.50mA=,解得Rx=100Ω。R总+RxE(3)设电压表的内阻为r,则有I=0.50mA=,解得r=2500Ω,电压表R总+rUUIr1.25VUg×405.00V上所加电压==,电压表的量程=10=。13.(10分)【解析】(1)返回舱匀速时,有kv2=mg(2分)主伞打开瞬间,利用牛顿第二定律kv1-mg=ma(2分)解得a=70m/s2(2分)(2)设从主伞打开到返回舱离地1m的过程中系统克服阻力做功为Wf,下落高度约为h=8000m1212mghWfmv2mv1(2)利用动能定理-=2-2分8解得Wf=2.5×10J(2分)学科网(北京)股份有限公司14.(14分)【解析】(1)设A和C碰后的速度为v,根据动能定理-μ(mA+12mC)gs0(mAmC)v(2)=-2+分解得v=2m/s(2分)(2)设弹簧恢复原长时,A、B的速度大小分别为vA、vBA和C作用的过程,有mAvA=(mA+mC)v(1分)A和B作用的过程,有mAvA+mB(-vB)=0(1分)1212EpmAvAmBvB(2)弹簧的弹性势能=2+2分解得Ep=12J(1分)12(2)Epkxx0.3m(1)根据=2,解得=分在A和B相互作用的过程中,每时每刻都有mAvA=mBvB故mAsA=mBsB(2分)又因sA+sB=x(1分)解得sA=0.2m(1分)115.(16分)(1)qUmv2(2)【解析】离子在电场中加速,有=2分2qUv(2)解得=m分(2)离子进入磁场区域Ⅱ时,速度与磁场方向垂直,做匀速圆周运动,离开时速度偏转了37°,即转过的圆弧所对的圆心角为37°,由几何关系得:d=Rsin37°(1分)v2qvBm(1)=R分32mUd(1)解得=5Bq分(3)离子在磁场中等螺距前进:离子进入磁场区Ⅲ时,速度与磁场夹角为37°,则离子在x轴方向做匀速直线运动,在yOz平面做匀速圆周运动:vx=vcos学科网(北京)股份有限公司37°(1分)vz=vsin37°(1分)x方向匀速vxt=d′(1分)2vz在yOz平面qvzB=m(1分)R12πR1T=(1分)vz解得t=6.25T(1分)即离子转了6.25圈打在接收屏上32mUyO′yR1(1)轴上距离的距离==5Bq分42mUzO′zR(1cos37°)R1(1)轴上距离的距离=-+=5Bq分12mUO′sy2z2(1)离子在接收屏上距点的距离=+=Bq分学科网(北京)股份有限公司

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