广东省深圳实验,湛江一中,珠海一中2023-2024学年高三12月联考数学答案

2024-01-05 · U1 上传 · 10页 · 1.2 M

深圳实验湛江一中、珠海一中2024届高三三校联考数学答案及评分标准一、选择题(每小题5分,共40分)题号12345678答案DCABDACC二、多选题(每小题5分,共20分)题号9101112答案BCADACBCD三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.214.3615.116.四、解答题:本题共6小题,第17题10分,18―22题各12分,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(10分)解:(1)∵,∴当时,,………………………………2分两式相减得,即(),………………………………………3分当时,,符合上式,………………………………………………………………4分∴的通项公式为().…………………………………………………5分(2)∵,………………………………………7分∴,…………………………………………………9分∴.…………………………………………………………………10分18.(12分)解:(1)(方法一)由余弦定理,得,又∵,∴,………………………………………………1分∴,………………………………………………………………………………2分∵,……………………………………………3分∴,…………………………………4分∴,……………………………………………………………………………5分又∵,,∴.……………………………………………………………6分(方法二)由正弦定理,得,………………………………………1分∴,……………………………………………………………2分∵,,为△的内角,∴,∴,………………………………………3分∴,………………………………………………………4分即,………………………………………………………………………5分又∵,,∴.……………………………………………………………6分(方法一)由(1)可知,……………………………………………………7分∵,∴,即,………………………………………………8分∴,…………………………………………9分∵,∴,,………………………………10分记△的面积为,∴,………………………………………………11分∴.……………………………………………………………………………………12分(方法二)由正弦定理,得,即,……………………7分∵,∴,且,∴,……………………………8分又∵,∴,∴,∴,∴,……………………………………9分∴,…………………………………10分记△的面积为,∴,………………………………………………11分∴.……………………………………………………………………………………12分19.(12分)解:(1)证明:如图,取的中点,连接,,……………………………1分∵,∴,………………………………………………………………2分∵△为等边三角形,∴,…………………………3分又∵,平面,∴平面,……………………………………4分又∵平面,∴.…………………………………………………………………5分(2)(解法一)由(1)不难知道,在平面内,若过作直线的垂线交于点,则该垂线亦为平面的垂线,故直线在平面内的射影为直线,∴为直线与平面所成的角,即,……………6分不妨设,∵,为的中点,∴,∵△为等边三角形,∴,在△中,由正弦定理,得,∴,∴,即,由(1)知,,且,…………………………………………………………7分以为坐标原点,,,所在的直线分别为轴,建立如图所示的空间直角坐标系,易得,,,,则有,,………………………………………………………8分易知为平面的一个法向量,………………………………………………9分设为平面的一个法向量,则即∴则平面的一个法向量为,…10分,…………11分由图可知,二面角为锐角,∴二面角的余弦值为,∴二面角的大小为.……………12分(解法二)过作,垂足为,过作,垂足为,连接,由(1)不难知道,在平面内,若过作直线的垂线交于点,则该垂线亦为平面的垂线,故直线在平面内的射影为直线,∴为直线与平面所成的角,即,……………6分不放设,∵,为的中点,∴,∵△为等边三角形,∴,在△中,由正弦定理得,∴,∴,即.结合(1)可知,二面角为直二面角,…………………………………………7分∴平面,又平面,∴,又,平面,∴平面,又平面,∴,∴为二面角的平面角.………………………………8分∵,,∴,,,……………………9分取的中点,连接,则,,∴,…………………………………………………………………10分∴,…………………………………………………………………11分∴二面角的余弦值为,∴二面角的大小为.……………12分20.(12分)解:(1)记“甲队获得冠军”为事件,“决赛进行三场比赛”为事件,由题可知,…………………………………………………2分,……………………………………………………4分∴当甲队获得冠军时,决赛需进行三场比赛的概率为.…………6分(2)设主办方在决赛前两场中共投资(千万元),其中,若需进行第三场比赛,则还可投资(千万元),记随机变量为决赛的总盈利,则可以取,,…………………………7分∴,,………………9分∴随机变量的分布列为∴的数学期望,………………………10分令,则,…………………………11分∴当,即时,取得最大值,∴主办方在决赛的前两场的投资额应为千万元,即万元.……………………12分21.(12分)解:(1),……………………………………………………1分若,由,则时,,单调递增;时,,单调递减;…………………………………………………………………2分时,令,得或,若,则或时,,单调递增;时,,单调递减;……………………………………………3分若,则在上恒成立,在上单调递增;……………………4分若,则或时,,单调递增;时,,单调递减.……………………………………………5分综上,当时,在上单调递增,在上单调递减;当时,在,上单调递增,在上单调递减;当时,在上单调递增;当时,在,上单调递增,在上单调递减.…………………………………………………6分(2)由(1)知,时,在,上单调递增;在上单调递减,则的极小值点为,…………………………………………………7分由极大值,且当时,,存在唯一的零点,满足,…………………………8分化简得,,∴,即,∴,………………………………………………9分设,,,…………………………………………………………………10分当时,,单调递增,时,,单调递减,…………………………………………………11分从而当时,有最小值,综上所述,存在唯一的零点,且.…………………………………12分22.(12分)解:(1)由题意得,………………………………………1分易知,………………………………………………………………2分由椭圆定义可知,动点在以,为焦点,且长轴长为的椭圆上,又不能在直线上,∴的方程为:.…………………………3分(2)(=1\*romani)(法一)设,,,易知直线的方程为,联立,得,∴,………………4分∴,,即,…………5分同理可得,,…………………………………………………………6分∴,……………………………………………………………7分欲使,则,即,∴,∴存在唯一常数,使得当时,.…………………………8分(法二)设,,,易知的斜率不为零,否则与重合,欲使,则将在轴上,又为的中点,则轴,这与过矛盾,故,同理有,…………………………………………………………………4分则,可得,…………………………………………5分易知,,且,,∴,即,……………………………………………………………6分同理可得,,…………………………………………………………………7分欲使,则,∴,∴,∴存在唯一常数,使得当时,.…………………………8分(=2\*romanii)由(=1\*romani)易知,且,∴,即,同理可得,,…………………………………9分∵,∴,记,∴,当且仅当,即时取等,………………………………………………………10分由椭圆的对称性,不妨设此时,,且直线和的夹角为,则,不难求得,…………………………………………11分此时,易知,且,∴四边形的面积为.……………12分

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