2023年12月邕衡金卷物理答案

2023-12-23 · U1 上传 · 6页 · 1.1 M

物理答案1.B【解析】A.卢瑟福通过粒子散射实验,根据粒子的偏转情况,提出了原子的核式结构模型,故A错误;B.原子核衰变过程中,电荷数和质量数都守恒,B正确;C.半衰期是统计学概念,是大量原子核衰变要遵循的具体规则,C错误;D.比结合能越大,原子核中核子结合越牢固,原子核越稳定,故D错误;故选B。2.A【解析】球受重力、拉力和杆的弹力,根据平衡条件,杆的弹力与拉力、重力的合力等值、反向、共线,如图所示:拉力方向不变、大小变大,重力大小和方向都不变,根据平行四边形定则,两个力的合力大小逐渐增大,方向向右下方,根据平衡条件,杆的弹力斜向左上方,与竖直方向夹角增大,故A正确,BCD错误。故选A。.【解析】斜抛运动水平位移,为一次函数,故、错误;3CxvxtAB由动能表达式12122122,可得与时间的图像不是Ekmvmvvxymvxvy0gtEkt222一次函数,且过程中动能不为0,故D错误,C正确,故选C。4.D【解析】地球的第一宇宙速度是飞船贴近地球表面做匀速圆周运动的速度,飞船在轨道Ⅰ上的半径大于地球半径,可知飞船在轨道Ⅰ上的运行速度比地球的第一宇宙速度小,故A错误;飞船在轨道Ⅱ上运动的半长轴小于在轨道Ⅲ上运动的轨道半径,根据开普勒第三定律可知,卫星在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅲ上运行的周期,故B错误;根据G=ma,M�2得a=,可知飞船在轨道Ⅰ上A点的加速度等于飞船在轨道Ⅱ上A点的加速度,故�C错误;�M223�GMm4GMm2r空间站组合体在轨道Ⅲ时满足且,解得32m2r32mgT3r3T3RRg5.C【解析】A.图甲所示位置恰好为中性面,此时感应电流为零,A错误;B.图乙电流IIm52A的有效值为2,B错误;C.由图乙可知,交流电周期T为0.2s,因此频率1f5Hz,转速为5r/s,根据转速比为1:10,可知风力叶轮的转速为0.5r/s,C正T确;2D.由角速度10rad/s可知,电流的瞬时值表达式为i10cos10tA,D错误。T故选C。6.B【解析】A.因为O点电场强度不为0,所以可知AB是异种电荷,即B点场源电荷带负电。Ep所以,由=可知,电子的EPC1,所以光速变小;n313C.由几何关系有N点入射角等于60°,sin60=。又有sinC,故一定发生全2n3反射cx3rD.v,t,由几何关系有x=r,则t,故D正确nvc19.BD【解析】A.对滑块从A到C动能定理有:mg2hEmv2,所以有:kc2011E=mv2mv22mgh,A错误KC2c20mv2mv2B.对滑块在C点有Fmgc=3mg0NC2h2h211对滑块从A至D过程,动能定理有:mghmv2mv2,在D点有:2D2022mvDmv0Fmg3mg;所以FFNCNDNDhh14hC.vv24gh,从C飞出后做平抛运动有2hgt2,解得t,C02g4hSv24ghC0g22hv5ghS2hS6hSSD.同理有S=v2gh,当0时,C,D,所以CD,D0gD正确。110.BC【解析】设粒子第一次离开电场的速度大小为v,根据动能定理mv2qE2d解020qEd得v2,选项A错误;0m如图,粒子从上边界垂直QN,第一次离开电场后,垂直NP再次进入电场,故可知粒v2子在磁场中的运动轨迹半径为d,粒子在磁场中做圆周运动有Bqvm0,rd,解得0rmEB2,选项B正确;qd粒子第二次在电场中做类平抛运动,设时间为2dt3,沿y轴方向偏转位移为v0211Eq2ddyat2

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