云南省昆明市第一中学2023-2024学年高三上学期第三次双基检测 理综物理答案

2023-11-14 · U1 上传 · 10页 · 197.5 K

昆明一中2024届高三第3次联考物理参考答案选择题题号1415161718192021答案ACBCDBCADABC14.【答案】A【解析】声波的速度与介质有关,声音从空气进入水中,波速变大。声波的频率由波源决定,从空气进入水中,频率保持不变。由可知,波长变大,A正确;车辆与探测器之间的距离减小,由于多普勒效应,探测器接收到被车辆反射回来的超声波频率大于发射频率,B错误;,C错误;当驱动力的频率与物体的固有频率相等时,发生共振现象,此时物体的振幅最大,D错误。故选A。15.【答案】C【解析】由图像可知,甲的速率,乙的加速度。设甲第一次追上乙所需的时间为t,甲的位移,乙的位移,,带入数据可得:,解得或。其中是甲追上乙后又被乙反超的时刻,应该舍去,故选C。16.【答案】B【解析】岸上所有景物发出来的光,射向水面时入射角分布在0°到90°之间,射入水面后的折射角分布在0°到临界角C之间。几乎贴着水面射入水里的光线,在潜水员看来是从折射角为C的方向射来的,水面上其他方向射来的光线,折射角都小于C,因此他认为水面以上的所有景物都出现在顶角为2C的圆锥里,由:,则,又因为,所以,故选B。17.【答案】C【解析】公式U=Ir,计算出来的电压是输电线上损失的电压,不是输电电压,A错误;公式P=IU,计算出来的功率是输电的总功率,不是损失的功率,B错;公式,没有物理意义,D错误。故选C。18.【答案】D【解析】卫星A和同步卫星都绕地球运动,由开普勒第三定律得:,A错误;设卫星A相邻两次出现在测控站B的正上方的时间间隔为,则,解得,所以在一昼夜的时间内,卫星A出现在测控站B的正上方的次数为7次,B错误;卫星通讯信号沿直线传播,只有A位于B点的地平线之上时,才能保值通讯,如图所示:在通讯时间内,卫星从A点运动到了点,测控站从B点运动到了点,这段时间内A相对于B转过的角度为,则,解得,C错误;在一昼夜的时间内,卫星A共7次出现在测控站B的正上方,每次连续直接通讯的最长时间为,总共能直接通讯的最长时间为8h,D正确。故选D。19.【答案】BC【解析】一群处于n=3能级的激发态的氢原子,最多能发出种不同频率的光子,A错误;一个处于n=3能级的激发态的氢原子,最多能发出种不同频率的光子,B正确;能量为10.2eV的光子,刚好可以被氢原子整个吸收,跃迁到第2能级,C正确;根据动量守恒定律,氢原子被轰击后速度不为零,也就是电子的能量不能全部用于氢原子的跃迁,所以氢原子不能被激发,D错误。故选AC。20.【答案】AD【解析】一开始油滴保持静止,说明油滴受到的电场力与重力平衡。保持开关闭合时,电容器两极板电压U保持不变,将上极板往上平移,板间距离增大,由可知,板间电场强度减小,油滴受到的电场力小于重力,所以向下加速,A正确;保持开关闭合,将上极板向左移动少许,由可知,电容器的电容C减小,又因为,所以电荷量Q减小,电容器放电,产生由b到a的电流,B错误;断开开关后,电容器的电荷量Q保持不变,由可知,此时板间电场强度与板间距离无关,将上极板往上平移时E不变,P点电势,保持不变,C错误;将上极板向左移动少许,S减小,由可知板间电场强度增大,D正确。故选AD。21.【答案】ABC【解析】当金属棒转到与OA夹角为θ=60°时,由几何关系可知,金属棒切割磁感线的有效长度为R,产生的感应电动势,A正确;金属棒AP段相当于电源,导体圆环相当于外电路,等效电路如图:图中,,。所以,外电路的总电阻为,则,B正确;流过金属棒的电流为,C正确;金属棒受到的安培力为,D错误。故选ABC。实验题22.【答案】(1)(2)(3)(4)D【解析】(1)每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积;(2)根据图中信息,将不足半格的舍去,超过半格的当作一整格,则小方格的总数为60个,则油膜的面积为:;(3)油酸分子的直径:;(4)油酸酒精溶液长时间放置,酒精挥发后油酸浓度增大,会导致V的测量值小于真实值,根据可知,分子直径的计算结果将偏小,A错误;若油酸没有充分散开,会导致S的测量值小于真实值,根据可知,分子直径的计算结果将偏大,B错误;计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格,会导致S的测量值小于真实值,根据可知,分子直径的计算结果将偏大,C错误;在向量筒中滴入1mL油酸酒精溶液时,滴数少记了几滴,会导致V的测量值大于真实值,根据可知,分子直径的计算结果将偏大,D正确。故选D。23.【答案】(1)V2R2(2)如图所示:(3)(4)等于【解析】(1)由于实验器材中没有提供电流表,而且所提供的两个电压表内阻未知,只能通过定值电阻求出待测电压表的电流,所以要将待测电压表和定值电阻串联,再通过另一个电压表测量定值电两端的电压,电路的测量部分如图所示:已知待测电压表内阻约为2kΩ,如果选择定值电阻R1=40Ω,电阻分压太小,故定值电阻选择R2=4kΩ,此时定值电阻分压约为待测电压表的2倍,所以总电压为待测电压表两端电压的3倍,故电压表选择V2;(2)因为所给的滑动变阻器R3,最大阻值为5Ω,所以滑动变阻器只能采用分压式接法,结合(1)问中电路的测量部分,完整的电路图如图所示:(3)由电阻的定义式可知,待测电压表的内阻:eq\o\ac(○,1)其中:为流过电压表的电流,设流过定值电阻R2的电流为,则:eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,2)式代入eq\o\ac(○,1)式得:eq\o\ac(○,3)(4)由上述分析可知,该实验方案不存在系统误差,所以在不考虑偶然误差的情况下,该测量值等于真实值。解答题24.(10分)【解析】(1)设悬线与竖直方向的夹角为θ,则:①笔与地铁具有相同的加速度,设笔的质量为m,对笔有:②代入数据,解得:③方向水平向左(2)该同学相对车厢静止,与车厢具有相同的加速度,所以该同学受到的合外力为:④方向水平向左,对该同学受力分析如下图所示:由平行四边形定则得:⑤代入数据得:⑥评分参考:第(1)问6分,①②式各2分,③式1分,加速度的方向1分;第(2)问4分,④⑥式各1分,⑤2分。25.(14分)【解析】(1)第一发子弹击中木块到木块与小车第一次共速的过程中,木块、子弹与小车水平方向动量守恒,取水平向右为正方,则:①解得:②第二发子弹击中小车到木块与小车第二次共速的过程中,木块、子弹(两发)与小车水平方向动量守恒,则:③解得:④所以:⑤(2)第一发子弹击中木块的过程,子弹与木块水平方向动量守恒:⑥解得:⑦子弹击中木块后到木块与小车第一次共速的过程中,摩擦生热等于系统机械能的损失:⑧解得:⑨第二发子弹击中小车的过程,子弹与小车水平方向动量守恒:⑩解得:eq\o\ac(○,11)子弹击中小车后到木块与小车第二次共速的过程中,摩擦生热等于系统机械能的损失:eq\o\ac(○,12)解得:eq\o\ac(○,13)所以:eq\o\ac(○,14)评分参考:第(1)问5分,①②③④⑤式各1分;第(2)问9分,eq\o\ac(○,6)-eq\o\ac(○,14)式各1分。26.(20分)【解析】(1)粒子在电场中加速的过程,由动能定理得:当带电粒子一次加速后直接从B点射出时,磁感应强度有最小值Bm,此时带电粒子在磁场中运动的半径为R,则:两式联立,得:(2)由于磁感应强度增加,带电粒子一次加速后在磁场中运动的半径减小,接下来将会反复多次加速,设带电粒子在电场中n次加速后,进入磁场中的半径恰好为R,粒子刚好能从B点射出,则:经过n次加速后粒子在磁场中运动时有:联立,得:所以:其中:③联立,得:⑨(3)磁感应强度为(1)问中最小值的4倍时,粒子第一次加速后在磁场中的半径:⑩在磁场中运动半个周期后,粒子将进入电场,先减速到零再被反向加速,最后以等大的速度射出电场,此时进入磁场的半径不变。在磁场中运动半个周期后来到O点,由于极板板长略小于R,O点处无电场,粒子继续在磁场中圆周运动半个周期,然后进入电场再次加速,经过多次加速后假设粒子能从B点射出,则粒子在磁场中的最大半径为:eq\o\ac(○,11)设带电粒子加速的次数为k,则:eq\o\ac(○,12)n次加速后在磁场中:eq\o\ac(○,13)eq\o\ac(○,3)eq\o\ac(○,12)eq\o\ac(○,13)联立,得:eq\o\ac(○,14)说明粒子经过9次加速后,恰好能从B点射出,eq\o\ac(○,14)代入eq\o\ac(○,12)可得此时粒子的速度:eq\o\ac(○,15)评分参考:第(1)问5分,①②式各2分,③式1分;第(2)问8分,⑦式2分,④⑥⑧⑨式各1分;第(3)问7分,eq\o\ac(○,11)式2分,eq\o\ac(○,10)eq\o\ac(○,12)eq\o\ac(○,13)eq\o\ac(○,14)eq\o\ac(○,15)式各1分。

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