江苏省扬州市2023-2024学年高三上学期期初模拟考试 物理答案

2023-11-13 · U1 上传 · 12页 · 809.2 K

试题解析1.BA.布朗运动是固体微粒的运动,是液体分子无规则热运动的反应,故A错误;B.根据热力学第一定律ΔUWQ知在轮胎爆裂的这一短暂过程中,气体膨胀,外界对气体做负功,W0,而气体来不及和外界进行热交换,即Q0,故气体温度下降,故B正确;C.分子间的距离增大时,分子间的引力和斥力都减小,斥力比引力变化的快,故C错误;D.根据热力学第二定律知热量只能够自发从高温物体传到低温物体,但也可以通过热机做功实现从低温物体传递到高温物体,故D错误。故选B。2.C根据UqIttRU则q-t线的斜率等于R。故ABD错误,C正确。故选C。3.DA.当轿车以30km/h的速度通过减速带时,车身上下振动的周期为L3Tsv25则车身上下振动的频率为11f8HzT3A错误;BC.车身上下振动的频率与车身系统的固有频率越接近,车身上下振动的幅度越大,所以当轿车通过减速带的速度大小不同时,车身上下振动的幅度大小可能相同,BC错误;D.当轿车以7.2km/h的速度通过减速带时,车身上下振动的频率为1vf2HzTL车身系统的固有频率为1f2Hz0T0此时ff0所以车身发生共振,颠簸得最剧烈,D正确。故选D。4.BA.波发生明显衍射的条件是:孔、缝的宽度或障碍物的尺寸与波长相比差不多或者答案第1页学科网(北京)股份有限公司比波长更小,但如果孔、缝的宽度或障碍物的尺寸,比波长大得多时,就不能发生明显的衍射现象,而发生衍射现象不需要条件限制,A错误;B.声波容易发生衍射现象是由于声波波长较长,B正确;C.对同一列波,缝、孔的宽度越小,障碍物越小衍射现象越明显,C错误;D.衍射是一切波的特有的现象,不论是横波,还是纵波,D错误。故选B。5.AAB.一群处于n=3激发态的氢原子向低能级跃迁,可以产生三种不同频率的光,对应的跃迁:n=3→n=2;n=3→n=1,n=2→n=1。其中n=3→n=2的光子的能量值最小,频率最小;n=3→n=1的光能量值最大,频率最大,折射率最大,根据折射定律知,偏折角最大,故A正确,B错误;C.若只有一种光能使金属板发生光电效应,一定是频率最大的光子,即从n=3能级直接跃迁到基态发出的光子,故C错误;D.光的频率越高,折射率越大,发生全反射的临界角越小,越容易发生全反射。若只有一种光发生全反射,则是频率最高的光,一定是n=3能级跃迁到n=1能级发出的光,故D错误。故选A。6.DAB.对A、B两球进行受力分析,如图所示对A球有mg3r3122FT1(5r)(3r)4mg3r31F5r5N1故AB错误;CD.对B球有mg3r32F5r5T2FFT1T2联立解得答案第2页学科网(北京)股份有限公司m51m42故C错误,D正确。故选D。7.C1根据题意,由图可知,V与p的比值,即pV乘积一直减小,也即图线上各点与原点pVC的连线斜率减小,由理想气体状态方程T可知,气体的温度逐渐减小。故选C。8.B22Mmv42G2mmr2mrma由万有引力提供向心力即rrT即可分析解答.22Mmv42GMGMG2mmr2mrmav3由公式rrT解得:r,r,42r3GMTa2GM,rGMvA项:由r可知,04星的轨道高度比03星略高,所以03号卫星与04号卫星相比,03号卫星线速度要大,故A错误;GM3B项:由r可知,04星的轨道高度比03星略高,所以03号卫星与04号卫星相比,03号卫星角速度要大,故B正确;42r3TC项:由GM可知,04星的轨道高度比03星略高,所以03号卫星与04号卫星相比,03号卫星周期要短,故C错误;GMa2D项:由r可知,04星的轨道高度比03星略高,所以03号卫星与04号卫星相比,04号卫星向心加速度要小,故D错误.故应选:B.9.DA.用s表示题中的位移,表示斜面倾角,Δt表示曝光时间,表示滑雪板与坡道间的动摩擦因数,m表示滑雪运动员的质量,设运动员下滑的加速度为a,曝光的中间时v刻的速度为0,则有答案第3页学科网(北京)股份有限公司Lv0=t解得v20m/s0故A正确,不符合题意;B.由v22as0可求得2a5.0m/s故B正确,不符合题意;CD.又根据牛顿第二定律有mgsinmgcosma可求得动摩擦因数为18故C正确,不符合题意;D错误,符合题意。故选D。10.AA.根据等量异种电荷的电场线分布规律可知,B、O、C三点位置处,O点处电场线分布要稀疏一些,即B、O、C三点比较,O点场强最弱,B、O、C三点位置处的电场线由BOC,根据沿电场线电势降低,可知,B点电势最高,A正确;B.根据等量异种点电荷的等势线分布规律可知,中垂线本身就是一条等势线,即E、O、F三点电势相等,根据等量异种电荷的电场线分布规律可知,E、O、F三点位置处,O点处电场线分布要密集一些,即O点场强最大,B错误;C.A、D对O对称,根据等量异种电荷的电场线分布规律可知,A、D两点位置处场强大小相等,方向相同,即这两位置的场强相同,根据等量异种电荷的电场线分布规律可知,A位置处电场线由A处指向无穷远,即A位置的电势比无穷远沿高,而D位置处电场线由无穷远指向D位置,即D位置的电势比无穷远沿低,则A点电势比D点高,C错误;D.根据等量异种点电荷的等势线分布规律可知,中垂线本身就是一条等势线,则正试探电荷沿连线的中垂线由E点运动到F点,电场力不做功,D错误。故选A。11.BE11991.101.2偏小S(1)[1][2]该实验电路是采用半偏法测量电流表G的内阻,实验中在开关2闭合前后,始终认为电路中的干路电流不变,即实验中为了减小系统误差,滑动变阻器接入的阻值需要远远大于电流表G的内阻,且ERIg解得电路的总电压至少为EIR10010650103V5Vg答案第4页学科网(北京)股份有限公司可知,当电源选择6V比选择3.0V更能满足滑动变阻器接入的阻值需要远远大于电流表G的内阻的要求,系统误差更小,此时可知滑动变阻器需要接入的电阻约为45kΩ,即滑动变阻器选择B,电源选择E。(2)[3][4]根据电路图有IRI(RR)Igg1mAIgAB10mAgRRgRAB,A解得R11R99A,B(3)[5]电压表的分度值为0.1V,估读一位,读数为1.10V。[6]电阻箱的读数为R(10011011010.1)Ω110Ω根据闭合电路欧姆定律可得0.8E0.8r20.01.1E1.1r110解得E1.2V[7]电压表流过电流忽略,则电源内阻电压UIrrU由于电流偏小,则r偏小,故E偏小,即测量值小于真实值。2R1tRh12.(1)c;(2)S=4;(1)从NM边界射入玻璃柱体的光线在玻璃砖传播的距离最长cvsR、ns2Rtvc;答案第5页学科网(北京)股份有限公司sinin(2)根据折射定律有:sinr得r=30°;设折射光线FE在BC界面刚好发生全反射12sinC根据临界角公式n2可得C=45°;1801204515NE与水平方向的夹角为90301545有光透出的部分圆弧对应圆心角为41SRh则ABCD面上有光透出部分的面积为4点睛:几何光学问题,关键是画出光路图,根据光的折射、全反射原理在AB弧面上找到有光线透出的范围,然后依据几何关系求解。2Q0.1613.(1)3.45N;(2)a0.625m/s;(3)0.27C;(4)热J(1)金属棒匀速运动时v1.0m/smF设此时金属棒受到的安培力大小为安,根据平衡条件有FmgsinmgcosF安22BLvmF安Rr解得F=3.45N(2)刚开始金属棒的速度为0,安培力为0,此时金属棒的加速度最大,有Fmgsinmgcosma解得2a0.625m/s答案第6页学科网(北京)股份有限公司(3)由题图乙可知t=1.5s时金属棒的速度大小v0.6m/s1在0~1.5s时间内,根据动量定理有FtmgtsinmgtcosBLqmv01解得q=0.27C(4)由题图乙可知t=5.6s时金属棒的速度大小v1.0m/sm设金属棒的加速距离为x,从金属棒开始运动至达到稳定状态,根据动量定理及功能关系有FtmgtsinmgtcosBLqmv0mBLxqRr12RrFsmvmmgssinmgscosQ热2r解得Q0.16热J5547mm14.(1)0.1,0.4;(2)12;(3)12(1)设A和水平面间的动摩擦因数为μ1,B和C间的动摩擦因数为μ2,C与A碰撞后,A、B两物块均在摩擦力作用下减速,设A、B两物块的加速度大小为a1、a2,由牛顿第二定律有3m/s2a11m/s3s6m/s2a24m/s1.5s又3mg3ma11mgma22解得μ1=0.1μ2=0.4(2)由图乙可知碰撞后A的速度为vA=3m/s,C与A碰撞前的速度等于B的速度为v0=6m/s,设碰撞后C的速度为v1,由动量守恒定律mvmv3mv01A答案第7页学科网(北京)股份有限公司解得v1=-3m/s碰撞后C向左做减速运动,设加速度大小为a3,根据牛顿第二定律有mmgmgma123解得2a3=6m/s设C经时间t1速度减为0,位移为x1,则0vt10.5s1a312x1a3t10.75m2由图乙可知B需经1.5s速度才能减为0,即当木板速度为0时,B还在向右运动,又mmgmg12木板在t1时刻之后向右加速,设加速度大小为a4,有mgmmgma214解得2a4=2m/s此过程B的加速度大小仍为a2,设再经过Δt,B和C的速度相同,即vaΔtvatΔt4021解得2Δts34vm/s3在Δt时间内C的位移为124x2a4Δtm29B在Δt+t1时间内的位移为v2v277x0m32a182则C的长度至少为55Lx1x2x3m12(3)B和C的速度相同之后二者一起减速,加速度大小设为a5,有mmg2ma15解得2a5=1m/sB和C一起运动的位移为答案第8页学科网(北京)股份有限公司v28xm42a95碰撞后A运动的位移由图乙可知1x533m4.5m2最终A距离C右端47Δxx1x2x4x5m1253Rv090v15.(1)带负电,BR;(2)0,0.4R;(3)见解析(1)已知沿圆心O1射入的离子,恰好从O点沿y轴射出,则可知离子在B1中向上偏转,根据左手定则,可知离子带负电,根据该离子运动轨迹,画出半径,如图所示粒子运动的轨迹半径为rR1v2Bqvm00r1解得qv0mBR(2)离子经过圆心磁场区域均能到达O点,到达O点时,速度方向与y轴夹角为θ,如图所示根据几何关系R0.2RsinR可知答案第9页学科网(北京)股份有限公司53且左右对称;在B2中,有v2Bqvm020r2B2B2可得r0.5R2在磁场中所花时间最少的粒子轨迹为如图所示的劣弧,其轨迹对应的圆心角为37274在磁场中所花时间最长的粒子为如图所示的优弧,其轨迹对应的圆心角为180532286根据周期2rRT2vv00所以2867453RΔtT36090v0离子打到收集板上的区域长度L,取决于离子打到收集板上的最近距离和最远距离,其中,最远距离为沿y轴正方向射出的离子,如上图所示x2rRmax2最近距离为速度方向与y轴正方向夹角为53°射入的离子,如上图所示x2rcos530.6Rmin2所以Lxx0.4Rmaxmin(3)如图所示①当所有离子均到达不了收集板时,此时磁场宽度为答案第10页学科网(北京)股份有限公司d0.1R即当d0.1R时,n0;②当离子方向在y轴右侧与y轴夹角度为θ时,有Rd2dsin21RR2

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