2011年高考真题 物理（山东卷)（含解析版）

C．甲的加速度小于乙的加速度D．甲在运行时能经过北极的正上方2011年山东省高考物理试卷参考答案与试题解析考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．菁优网版权所有 分析：人造卫星的万有引力等于向心力，先列式求出线速度、周期和向心力的表达式进行讨论；第一宇宙速度是在近地发射人造卫星的最小速度，也是近地圆轨道的环绕速度，还是圆轨道运行的最大速度．二、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）解答：解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有1．（4分）（2011•山东）了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要．以下符合事实的是（ ）F=F向 ．焦耳发现了电流热效应的规律AF=G B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律F=m=mω2r=m（）2r C．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕向 D．牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动因而G=m=mω2r=m（）2r=ma考点：楞次定律；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法；物理学史；库仑定律；焦耳定律．菁优网版权所有分析：由物理特别是电磁学的发展历程中的科学家的贡献可知各项是否正确．解得解答：解：A、焦耳通过实验得出电流的热效应，并得出焦耳定律，故A正确；v=①A、库仑总结出了真空中的点电荷间的相互作用的规律，故B正确；C、奥斯特发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕；楞次发现了感应电流的规律，故选T==2π②项C错误；D、伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，选项D错误．a=③故选AB．由①②③式可以知道，人造卫星的轨道半径越大，线速度越小、周期越大，加速度越小，由于甲卫星的点评：物理学家在物理的发展出作出了重大的贡献，在学习中应注意掌握．高度大，轨道半径大，故甲卫星的线速度小、周期大，加速度小；根据①式，第一宇宙速度是近地圆轨道的环绕速度，也是圆轨道运行的最大速度； 故选AC．2．（4分）（2011•山东）甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的是（ ）点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论． A．甲的周期大于乙的周期B．乙的速度大于第一宇宙速度 3．（4分）（2011•山东）如图所示，将小球a从地面以初速度v0竖直上抛的同时，将另一相同质量的小球b从距地面h点评：根据题目的介绍分析得出ab球的运动之间的关系是解答本题的关键，这要求熟练的掌握自由落体和竖直上抛运动的规律．处由静止释放，两球恰在处相遇（不计空气阻力）．则（ ） 4．（4分）（2011•山东）如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力Ffa≠0，b所受摩擦力Ffb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间（ ） A．两球同时落地 A．Ffa大小不变B．Ffa方向改变C．Ffb仍然为零D．Ffb方向向右 B．相遇时两球速度大小相等 C．从开始运动到相遇，球a动能的减少量等于球b动能的增加量考点：牛顿第二定律．菁优网版权所有 D．相遇后的任意时刻，重力对球a做功功率和对球b做功功率相等分析：根据弹簧和绳不同的特点，弹簧在力变化时不会发生突变，而绳的拉力是能够突变的，再根据物体的受力就可以判断摩擦力的变化情况．考点：动能；自由落体运动；竖直上抛运动；功率、平均功率和瞬时功率．菁优网版权所有解答：解：将右侧细绳剪断，则剪断瞬间，弹簧的弹力的大小不变，速度不能突变，故b仍静止，弹簧对木块b分析：作用力方向向左，所以b所受摩擦力Ffb方向应该向右；由于弹簧弹力不能发生突变，剪断瞬间，弹簧弹根据题意分析可知，ab两个球在相等的时间内，运动距离都是，加速度大小也相等，所以说明在处相力不变，a的受力的情况不变，所受摩擦力也不变，所以选项AD正确．遇时a球的速度刚好为0，而b球的速度刚好为v0．故选：AD解答：解：A、a球做的是竖直上抛运动，b球是自由落体运动，它们的运动状态不同，不可能同时落地，故A点评：主要就是考查学生对弹簧和绳在力发生突变时它们的特点，知道这一点就很容易了．错误． B、从题目内容可看出，在处相遇，此时a球和b球的位移相同，时间相同，它们的加速度也相同，所5．（4分）（2011•山东）为保证用户电压稳定在220V，变电所需适时进行调压，图甲为调压变压器示意图．保持输入以ab两个球的运动的过程恰好是相反的，把a球的运动反过来看的话，应该和b球的运动过程一样，所电压u1不变，当滑动接头P上下移动时可改变输出电压．某次检测得到用户电压u2随时间t变化的曲线如图乙所以在相遇时，a球的速度刚好为0，而b球的速度刚好为v，所以B错误．0示．以下正确的是（ ）C、由于两球运动时机械能守恒，两球恰在处相遇，从开始运动到相遇，由动能定理可知，球a动能的减少量等于球b动能的增加量，选项C正确．D、相遇后，ab两个球的速度的大小不同，而重力的大小是相同的，所以重力的功率不同，故D错误．故选C． A．u2=190sin（50πt）V B．u2=190sin（100πt）V C．为使用户电压稳定在220V，应将P适当下移专题：压轴题． D．为使用户电压稳定在220V，应将P适当上移分析：根据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小，由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势差；由电势能的定义可知ac两点电势能的大小．解答：解：在两等量同号电荷连线上，中间点电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强考点：变压器的构造和原理．菁优网版权所有度最大；所以b点场强小于d点场强，选项A错误B正确；专题：交流电专题．由对称性可知，a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差，故选项C正确；分析：根据图象可以得知用户的电压偏小了，根据电压和匝数成正比的关系，可以确定需要如何来调整滑动接头因a点的电势高于c点的电势，故试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能，选项D错误．P．故选BC．解答：解：由于用户电压u2随时间t变化的曲线周期为0.02s，所以u2=190sin（100πt）V，选项B正确A错误；点评：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．为使用户电压稳定在220V，应减小变压器原线圈匝数，应将P适当上移，选项C错误D正确． 故选BD．7．（4分）（2011•山东）如图所示，两固定的竖直光滑金属导轨足够长且电阻不计．两质量、长度均相同的导体棒c、点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，本题即可得到解决．d，置于边界水平的匀强磁场上方同一高度h处．磁场宽为3h，方向与导轨平面垂直．先由静止释放c，c刚进入磁场 即匀速运动，此时再由静止释放d，两导体棒与导轨始终保持良好接触．用ac表示c的加速度，Ekd表示d的动能，xc、xd分别表示c、d相对释放点的位移．选项中正确的是（ ）6．（4分）（2011•山东）如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（ ） A．B．C．D． A．b点场强大于d点场强 B．b点场强小于d点场强 C．a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差考点：电磁感应中的能量转化．菁优网版权所有 D．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能专题：压轴题．分析：未进入磁场时，c、d做自由落体运动，到达磁场上边界时速度相同．c、d都进入磁场后，同时在磁场中运动时，两者速度相同，没有感应电流产生，只受重力，都做匀加速直线运动，加速度为g．c出磁场考点：电场的叠加；电势能．菁优网版权所有后，d在切割磁感线时，此时d的速度比进磁场时大，产生感应电动势增大，感应电流增大，受到的安培力增大，则d做匀减速直线运动．根据动能与高度的关系选择动能图象．解答：解：A、B，设c、d刚进磁场时速度为v，c刚进入磁场做匀速运动，此时由静止释放d．设d经时间t进入磁场，并设这段时间内c的位移为x则由于h=，x=vt，得到x=2h，则d进入磁场时，c相对释放点的位移为3h．d进入磁场后，cd二者都做匀速运动，且速度相同，二者与导轨组成的回路磁通量不变，感应电流为零，不受安培力，两导体棒均做加速度为g的匀加速运动，故A错误，B正确；C、D，c出磁场时d下落2h，c出磁场后，只有导体棒d切割磁感线，此时d的速度大于进磁场时的考点：探究影响摩擦力的大小的因素．菁优网版权所有速度，d受到安培力作用做减速运动，动能减小，d出磁场后动能随下落高度的增加而均匀增大，故C专题：实验题；压轴题；摩擦力专题．错误，D正确．分析：由于同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，说明小球和滑块的运动时间相同，由匀加速运动的位移时故选：BD．间公式和自由落体的位移时间公式即可求得加速度的比值；由牛顿第二定律及几何关系即可求得滑块与斜点评：本题关键在于分析两导体的受力情况和运动情况，抓住安培力大小与速度大小成正比这个结论，分析只有面间的动摩擦因数；由μ的数学表达式就可以知道能引起实验误差的因数，还要注意小球落地和滑块撞击d切割磁感线过程d的运动情况．挡板不同时也会造成误差； 解答：解：①由于同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，说明小球和滑块的运动时间相同，二、非选择题：由x=at2和H=gt2得：8．（6分）（2011•山东）某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案．如图示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端．开始时小球和滑块均静止，剪短细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小所以=球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音．用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移x．（空气阻力对本实验的影响可以忽略）②根据几何关系可知：sinα=，cosα=①滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为 ．对滑块由牛顿第二定律得：mgsinα﹣μmgcosα=ma，且a=，②滑块与斜面间的动摩擦因数为 ．联立方程解得μ=③以下能引起实验误差的是 cd ．③由μ得表达式可知，能引起实验误差的是长度x、h、H测量时的读数误差，同时要注意小球落地和滑a．滑块的质量b．当地重力加速度的大小块撞击挡板不同时也会造成误差，故选cd．c．长度测量时的读数误差d．小球落地和滑块撞击挡板不同时．故答案为：①专题：实验题；恒定电流专题．②分析：（1）根据表中实验数据在坐标系中描点，然后根据描出的点作出U﹣I图象．③cd（2）由图象找出电路电流为0.20A时的路端电压，然后由P=UI求出电源的输出功率．点评：本题考查了匀加速直线运动和自由落体运动的基本公式，要求同学们能学会对实验进行误差分析，（3）根据电路图，分析电路结构，然后答题． 解答：解：（1）根据表中实验数据在坐标系中描点，9．（6分）（2011•山东）某同学利用图1所示电路，探究了电源在不同负载下的输出功率．然后作出图象，U﹣I图象如图所示；（2）由图象可知，电流I=0.20A时，电源输出电压为1.84V，电源的输出功率为P=UI=1.84×0.20W≈0.37W．（3）A、当滑动变阻器滑动片滑动到最右端，电源短路，存在安全隐患，故A错误；B、滑动变阻器采用分压接法，既能保护电路，又能测测出电源的输出功率，故B正确；（1）所得实验数据如下表，请在图2