-2020年全国统一高考物理试卷（新课标ⅰ）（含解析版）

2020年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅰ）M2mF2=G2R2一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有由题意知有一顶符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3M1分，有选错的得0分．1=M2101.行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞，车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体。若碰撞后汽车的速度在很短时R11间内减小为零，关于安全气囊在此过程中的作用，下列说法正确的是（ ）R22A.增加了司机单位面积的受力大小故联立以上公式可得B.减少了碰撞前后司机动量的变化量2C.将司机的动能全部转换成汽车的动能F1M1R21420.4F2M2R1101D.延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积故选B。【答案】D3.如图，一同学表演荡秋千。已知秋千的两根绳长均为10m，该同学和秋千踏板的总质量约为50kg。绳的质量【解析】忽略不计，当该同学荡到秋千支架的正下方时，速度大小为8m/s，此时每根绳子平均承受的拉力约为（ ）【详解】A．因安全气囊充气后，受力面积增大，故减小了司机单位面积的受力大小，故A错误；B．有无安全气囊司机初动量和末动量均相同，所以动量的改变量也相同，故B错误；C．因有安全气囊的存在，司机和安全气囊接触后会有一部分动能转化为气体的内能，不能全部转化成汽车的动能，故C错误；D．因为安全气囊充气后面积增大，司机的受力面积也增大，在司机挤压气囊作用过程中由于气囊的缓冲故增加了作用时间，故D正确。故选D。A.200NB.400NC.600ND.800N112.火星的质量约为地球质量的，半径约为地球半径的，则同一物体在火星表面与在地球表面受到的引力的【答案】B102【解析】比值约为（ ）【详解】在最低点由A.0.2B.0.4C.2.0D.2.5mv2【答案】B2Tmgr【解析】知【详解】设物体质量为m，则在火星表面有T=410NMmF=G112即每根绳子拉力约为410N，故选B。R14.图（a）所示的电路中，K与L间接一智能电源，用以控制电容器C两端的电压U。如果U随时间t的变化在地球表面有CC如图（b）所示，则下列描述电阻R两端电压UR随时间t变化的图像中，正确的是（ ）ac射入磁场，这些粒子具有各种速率。不计粒子之间的相互作用。在磁场中运动时间最长的粒子，其运动时间为（ ）A.B.7m5m4m3mA.B.C.D.6qB4qB3qB2qB【答案】CC.D.【解析】【详解】粒子在磁场中做匀速圆周运动mv22rqBv，T【答案】Arv可得粒子在磁场中的周期【解析】Q2m【详解】根据电容器的定义式C可知TUqBQIUt粒子在磁场中运动的时间CCCmtTI2qB结合图像可知，图像的斜率为，则1:2s内的电流I与35s内的电流I关系为C1235则粒子在磁场中运动的时间与速度无关，轨迹对应的圆心角越大，运动时间越长。采用放缩圆解决该问题，I122I35粒子垂直ac射入磁场，则轨迹圆心必在ac直线上，将粒子的轨迹半径由零逐渐放大。U且两段时间中的电流方向相反，根据欧姆定律I可知R两端电压大小关系满足当半径r0.5R和r1.5R时，粒子分别从ac、bd区域射出，磁场中的轨迹为半圆，运动时间等于半个周R期。UR122UR35当0.5R0）的粒子，在纸面内从c点垂直于粒子运动最长时间为42m4mtT3,22qB3qB故选C。A.物块下滑过程中机械能不守恒B.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C.物块下滑时加速度的大小为6.0m/s2D当物块下滑2.0m时机械能损失了12J6.下列核反应方程中，X1，X2，X3，X4代表α粒子的有（ ）.221231【答案】ABA.1H+1H→0n+X1B.1H+1H→0n+X2【解析】235114489163C.92U+0n→56Ba+36Kr+3X3D.0n+3Li→1H+X4【详解】A．下滑5m的过程中，重力势能减少30J，动能增加10J，减小的重力势能并不等与增加的动能，所【答案】BD以机械能不守恒，A正确；【解析】B．斜面高3m、长5m，则斜面倾角为θ＝37°。令斜面底端为零势面，则物块在斜面顶端时的重力势能【详解】粒子为氦原子核4，根据核反应方程遵守电荷数守恒和质量数守恒，选项中的为3，选α2HeAX12HeBmgh＝30J414可得质量项中的X2为2He，C选项中的X3为中子0n，D选项中的X4为2He。m＝1kg故选BD。下滑5m过程中，由功能原理，机械能的减少量等于克服摩擦力做的功7.一物块在高3.0m、长5.0m的斜面顶端从静止开始沿斜面下滑，其重力势能和动能随下滑距离s的变化如图μmg·cosθ·s＝20J中直线Ⅰ、Ⅱ所示，重力加速度取10m/s2。则（ ）求得μ＝0.5B正确；C．由牛顿第二定律mgsinθ－μmgcosθ＝ma求得B2L2(vv)21，与运动方向相反F安框=a＝2m/s2RC错误；B2L2(vv)21，与运动方向相同F安MN=D．物块下滑2.0m时，重力势能减少12J，动能增加4J，所以机械能损失了8J，D选项错误。R故选AB。设导体棒MN和金属框的质量分别为m1、m2，则对导体棒MN8.如图，U形光滑金属框abcd置于水平绝缘平台上，ab和dc边平行，和bc边垂直。ab、dc足够长，整个金属22BL(v2v1)框电阻可忽略。一根具有一定电阻的导体棒置于金属框上，用水平恒力向右拉动金属框，运动过程中，m1a1MNFR装置始终处于竖直向下的匀强磁场中，MN与金属框保持良好接触，且与bc边保持平行。经过一段时间后对金属框（ ）B2L2(vv)F21maR22F初始速度均为零，则a1从零开始逐渐增加，a2从开始逐渐减小。当a1＝a2时，相对速度m2FRm1v2v1222BL(m1m2)A.金属框的速度大小趋于恒定值大小恒定。整个运动过程用速度时间图象描述如下。B.金属框的加速度大小趋于恒定值C.导体棒所受安培力的大小趋于恒定值D.导体棒到金属框bc边的距离趋于恒定值【答案】BC【解析】综上可得，金属框的加速度趋于恒定值，安培力也趋于恒定值，BC选项正确；【详解】由bc边切割磁感线产生电动势，形成电流，使得导体棒MN受到向右的安培力，做加速运动，bc边受金属框的速度会一直增大，导体棒到金属框bc边的距离也会一直增大，AD选项错误。到向左的安培力，向右做加速运动。当MN运动时，金属框的bc边和导体棒MN一起切割磁感线，设导体棒故选BC。MN和金属框的速度分别为v1、v2，则电路中的电动势三、非选择题：共62分，第9~12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13~14题为选考EBL(v2v1)题，考生根据要求作答。电流中的电流（一）必考题：(共47分）EBL(vv)I219.某同学用伏安法测量一阻值为几十欧姆的电阻Rx，所用电压表的内阻为1kΩ，电流表内阻为0.5Ω。该同学采RR用两种测量方案，一种是将电压表跨接在图（a）所示电路的O、P两点之间，另一种是跨接在O、Q两点之金属框和导体棒MN受到的安培力间。测量得到如图（b）所示的两条U–I图线，其中U与I分别为电压表和电流表的示数。RR根据一次函数关系可知对应斜率为xV。RRxV若将电压表接在O、Q之间，电流表分压为回答下列问题：UAIRA（1）图（b）中标记为II的图线是采用电压表跨接在________（填“O、P”或“O、Q”）两点的方案测量得到根据欧姆定律变形可知UIR的。RAI解得UI(RRA)根据一次函数可知对应斜率为(RRA)，对比图像的斜率可知kkIII所以II图线是采用电压表跨接在O、P之间。（2）[2]因为待测电阻为几十欧姆的电阻，通过图像斜率大致估算待测电阻为50Ω左右，根据1kΩ50Ω50Ω0.5Ω说明电流表的分压较小，电流表的分流较大，所以电压表应跨接在O、Q之间，所以选择图线I得到的结果较（2）根据所用实验器材和图（b）可判断，由图线________（填“I”或“II”）得到的结果更接近待测电阻的真为准确。实值，结果为________Ω（保留1位小数）。[3]根据图像可知（3）考虑到实验中电表内阻的影响，需对（2）中得到的结果进行修正，修正后待测电阻的阻值为________Ω3V1V（保留位小数）。Rx50.5Ω159.6mA20mA【答案】(1).O、P(2).I(3).50.5(4).50.0[4]考虑电流表内阻，则修正后的电阻为【解析】RxRxrA50.5Ω0.5Ω50.0Ω【详解】(1)[1]若将电压表接在O、P之间，10.某同学用如图所示的实验装置验证动量定理，所用器材包括：气垫导轨、滑块（上方安装有宽度为d的遮光UUI片）、两个与计算机相连接的光电门、砝码盘和砝码等。RVRx实验步骤如下：则RxRVUIRxRV[5]动量改变量dd1pm()0.212kgms2tt21（7）[6]|Ip|0.2250.212100%100%4%I0.225（1）开动气泵，调节气垫导轨，轻推滑块，当滑块上的遮光片经过两个光电门的遮光时间________时，可认为11.我国自主研制了运-20重型运输机。飞机获得的升力大小F可用Fkv2描写，k为系数；v是飞机在平直跑气垫导轨水平；道上的滑行速度，F与飞机所受重力相等时的v称为飞机的起飞离地速度，已知飞机质量为1.21105kg时，起（2）用天平测砝码与砝码盘的总质量m1、滑块（含遮光片）的质量m2；5（3）用细线跨过轻质定滑轮将滑块与砝码盘连接，并让细线水平拉动滑块；飞离地速度为66m/s；装载货物后质量为1.6910kg，装载货物前后起飞离地时的k值可视为不变。（4）令滑块在砝码和砝码盘的拉动下从左边开始运动，和计算机连接的光电门能测量出遮光片经过A、B两处（1）求飞机装载货物后的起飞离地速度；的光电门的遮光时间Δt1、Δt2及遮光片从A运动到B所用的时间t12；（2）若该飞机装载货物后，从静止开始匀加速滑行1521m起飞离地，求飞机在滑行过程中加速度的大小和所（5）在遮光片随滑块从A运动到B的过程中，如果将砝码和砝码盘所受重力视为滑块所受拉力，拉力冲量的用的时间。大小I=________，滑块动量改变量的大小Δp=________；（用题中给出的物理量及重力加速度g表示）2【答案】(1)v278m/s；（2）2m/s，t39s（6）某次测量得到的一组数据为：d=1.000cm，m=1.5010-2kg，m=0.400kg，△t=3.90010-2s，Δt=1.2701212【解析】10-2s，t=1.50s，取g=9.80m/s2。计算可得I=________N·s，Δp=____kg·m·s-1；（结果均保留3位有效数字）12【详解】（1）空载起飞时，升力正好等于重力：IΔp（7）定义=100%，本次实验δ=________%（保留1位有效数字）。I2kv1m1gdd满载起飞时，升力正好等于重力：【答案】(1).大约相等(2).m1gt12(3).m2()(4).0.221(5).0.212(6).4t2t12kv2m2g【解析】由上两式解得：【详解】（1）[1]当经过A,B两个光电门时间相等时，速度相等，此时由于阻力很小，可以认为导轨是水平的。（5