2024年初东北育才学校高中部高三年级第六次模拟考试物理参考答案

2024-03-15 · U1 上传 · 11页 · 304.7 K

参考答案1D2D3D4C5B6C7C8BD9BC10BCDal11.乙AB/BAbRgR2k12.5500R10.25bb13(1)8m/s;(2)6m【详解】(1)设泥石流到达坡底的时间为t1,速度为v11根据位移公式有xvtat2101211由速度公式有v1v0a1t1代入数据得v1=8m/s(2)泥石流到达坡底时,汽车速度v2a3t1t012汽车位移xatt02310当汽车的速度与泥石流速度相等时,泥石流与汽车相距最近设泥石流到达坡底后汽车又加速时间为t2,故有v1a2t2v2a3t212泥石流水平位移x泥vtat1222212汽车位移x汽vtat22232相距最近的距离xx0x汽x泥由以上各式解得x=6m414(1)5g/cm3;(2)()105【详解】(1)设生肖摆件的体积为ΔV,第一次抽气过程,由玻意耳定律有p0(V0-ΔV)=p1(V0-ΔV+V1)53433其中p0=10Pa、V0=1000cm、p1=8×10Pa、V1=200cm解得ΔV=200cmM生肖摆件的密度5g/cm3V(2)设第二次抽气后,容器内气体压强为p2,有p1(V0-ΔV)=p2(V0-ΔV+V1)设第三次抽气后,容器内气体压强为p3,有p2(V0-ΔV)=p3(V0-ΔV+V1)高三年级物理科答案1页{#{QQABBYaQogggQBAAAAgCEwFqCgKQkAAACIoOwBAAIAABiRNABAA=}#}10依次类推可知4p10p05设剩余气体压强为p0时体积为V,则有p0V=p10(V0-ΔV)10mV4则剩余气体与抽气前气体的质量的比值为2m1V0V51223v033315(1)mv0;(2);(3)PQ:MN1:1,mπm或mπm63πb6b2【详解】(1)设粒子a进入磁场时的速度为v,则vsinv023解得vv3011由动能定理得,电场力做的功Wmv2mv22201解得Wmv260(2)两粒子的运动轨迹大致如图所示(b粒子的出发点不一定在坐标原点且对答案无影2rπr响),设a粒子的圆周半径为r,由等时性tanvbv23v解得v0b3π(3)设碰后c粒子的速度vc,半径为rc,那么对粒子a在磁场中匀速圆周运动v2qBvmr高三年级物理科答案2页{#{QQABBYaQogggQBAAAAgCEwFqCgKQkAAACIoOwBAAIAABiRNABAA=}#}2vc对粒子c在磁场中匀速圆周运动qBvcmmbrc讨论:①若vc沿粒子a的方向,则mvmbvbmmbvcr欲使粒子能到达吸收板,则必须rc2rccos3解得mπmb623粒子c不可能到达的区域长度PQr3②若vc沿粒子b的方向,则mbvbmvmmbvcr欲使粒子c能到达吸收板,则必须cr2rcosc33解得mπmb2高三年级物理科答案3页{#{QQABBYaQogggQBAAAAgCEwFqCgKQkAAACIoOwBAAIAABiRNABAA=}#}23粒子c不可能到达的区域长度MNr3综上所述:粒子c所不能到达的两端区域长度之比PQ:MN1:1333粒子c能到达吸收板,粒子b的质量须满足mπm或mπmb6b21D【详解】A.根据核反应方程中质量数、电荷数守恒可写出该核反应方程为235114489192U0n56Ba36X30n可知反应产物X的中子数为53,故A错误;B.该核反应为重核裂变反应,B错误;C.核反应中生成物比反应物稳定,比结合能大,C错误;tTD.根据半衰期公式1m余m23m余11可知t3T时m281所以0.5kg的144Ba原子核,经过3T后剩余的质量是开始时的,D正确。568故选D。2D【详解】A.若横轴表示时间t,纵轴表示物体的速度v,由vv0at对比图像可得y0v0y0、ax0y0y0则t0时刻物体的速度为vy0t0x0t0,A错误;B.若横轴表示位移x,纵轴表x0x0yy222,00示物体速度的平方v2,由vv02ax对比图像可得v0y02a可得a,B错x02x01xa误;C.若横轴表示时间t,纵轴表示物体的平均速度v,由xvtat2,可得vt,02t02ay2yxa,00结合v可得vv0t,对比图像可得v0y0,可得a,C错误;D.当物t22x0x0体受到竖直向下的拉力F在真空中下落,由牛顿第二定律可得Fmgma,变形可得1y1、0x0aFg,对比图像可得y0g,综合可得m,D正确。mmx0g高三年级物理科答案4页{#{QQABBYaQogggQBAAAAgCEwFqCgKQkAAACIoOwBAAIAABiRNABAA=}#}故选D。3D【详解】根据题意,车匀速运动,则受力平衡,设马拉车的力为F,车辕与水平方向夹角为θ,可得FsinFNmg,Fcosf,根据牛顿第三定律,可知车对地面的压力大小等于车所受支持力,即FNFNmg31又fF,联立,解得F,当sin601时,有Fminmg,可3N2sin602H得30,车辕的长度为L2msin故选D。4C【详解】AB.突然剪断B、C间的绳子,BC间绳的拉力突变为零,而CD间弹簧的弹力((保持不变,将AB整体可得mAmB)gmAmB)a,解得ag,故AB错误;CD.初始时由平衡条件可得弹簧的弹力FxmDg,突然剪断B、C间的绳子,BC间绳的拉力突变为零,而CD间弹簧的弹力保持不变,可知D的受力情况保持不变,则aD0,对3CmgFma,解得ag,故C正确,D错误。CxCCC2故选C。5B【详解】A.设光在D点的入射角为i,折射角为r,根据题意知i45,则sininsinr解得r301光在AC面全反射时sinCn解得C45故A错误;B.根据几何关系A90C90r解得A15故B正确;13C.根据几何关系可知,光从D点传播到B点的路程sdcos60dsin60d2故C错误;sns26dD.光传播的时间tvc2c故D错误。高三年级物理科答案5页{#{QQABBYaQogggQBAAAAgCEwFqCgKQkAAACIoOwBAAIAABiRNABAA=}#}故选B。6C【详解】A.电容器与电源相连,电压U不变,若将A极板向下平移一小段距离,根据UEd电场强度增大,带电油滴向上运动,A错误。B.根据UPBE|PB|P0P点电势将升高,B错误。C.若断开电键S,电容器带电荷量Q不变,将B极板向下平移一小段距离,根据SCr4kdQ电容减小,根据CU电压增大,静电计指针张角变大,C正确。4kQD.电场强度ErS不变,根据UPBE|PB|P0P点电势将升高,D错误。故选C。7C【详解】AB.时刻一,下部容器内没有沙子,部分沙子正在做自由落体运动,对整体分析,有一部分沙子有向下的加速度,则总重力大于支持力,合力向下,A项错误,B项错误;CD.对时刻二分析,部分沙子做自由落体运动,设沙漏的总质量为m,空中正在下落的沙子质量为m1,沙漏中部细孔到底部静止沙子表面的高度为h,因细孔处速度很小,可视为零,故下落的沙子冲击底部静止沙子表面的速度v2ghv2h沙子下落的时间tgg设下落的沙子对底部静止沙子的冲击力为F1,在极短时间t内,撞击在底部静止沙子表面的沙子质量为,由动量定理有mF1tmvm2ghm解得F2gh1tmm2h空中的沙子质量mt1ttg则F1m1g高三年级物理科答案6页{#{QQABBYaQogggQBAAAAgCEwFqCgKQkAAACIoOwBAAIAABiRNABAA=}#}对沙漏受力分析,可知桌面对沙漏的支持力FNmm1gF1mgC项正确,D项错误。故选C。8BDMmR【详解】AB.根据题意,由万有引力提供向心力有Gm2r,由几何关系有sin,r2r22r32R3M解得,由于不知道地球半径,也无法求出轨道半径,则无法求出地GGsin32M243M43球质量,又有VR,,联立解得34,即地球的密度为3VRGsin32322123344,故A错误,B正确;CD.根据题述条件画出几何Gsin1·Gsin2·2323关系图,如图所示12可知当甲进入弧,则甲、乙无法直接通信,当甲的公转比乙多转AOB2,AB221212两者可恢复直接通信,则有1t2t2,解得t,故C错误,D正确。2212故选BD。9BC【详解】AB.依题意,大轮和小轮通过皮带传动,线速度的大小相等,根据vr由大轮和小轮的半径之比为4:1,可知小轮转动的角速度为大轮转动角速度的4倍,即线圈转动的角速度为4。根据法拉第电磁感应定律可知,线圈产生的感应电动势的最大2值为EmnBL4E根据正弦式交流电峰值和有效值的关系可知,产生的电动势的有效值为Em2高三年级物理科答案7页{#{QQABBYaQogggQBAAAAgCEwFqCgKQkAAACIoOwBAAIAABiRNABAA=}#}R根据欧姆定律可得灯泡两端电压的有效值为UERR联立解得U2nBL2发电时灯泡能发光且工作在额定电压U0以内,可得U0U2U解得02nBL2故A错误;B正确;C.若用总长为原来两倍的相同漆包线重新绕制成边长仍为L的多匝正方形线圈,则线圈2的匝数会变为原来的2倍,线圈产生感应电动势的最大值为E'm8nBLE'此时线圈产生感应电动势的有效值为E'm2l根据电阻定律可得RS可知线圈的电阻也会变为原先的2倍,根据电路构造的分析和欧姆定律可得RU'E'R2R42nBL2联立解得U'3可知灯泡变得更亮。故C正确;D.若将小轮半径变为原来的2倍,则根据线速度的计算公式可知线圈和小轮的角速度都会变小,根据前面选项分析可知灯泡两端电压有效值会随之减小,因此灯泡会变暗。故D错误。故选BC。10BCD【详解】A.因为tan得两金属棒重力沿斜面向下的分力和摩擦力平衡mgsinmgcos且两棒受的安培力等大反向,则系统所受外力之和为零,所以导体棒ab和cd组成的系统动量守恒。两棒达到稳定状态后,两棒做速度相同的匀速直线运动,两棒达到稳定状态后两棒间的距离不变。A错误;B.某时刻给ab棒沿导轨向下的瞬时冲量I0,设此时ab棒为v0,两棒达到稳定状态后两棒速度为v由动量定理I0mv0I得v00m由动量守恒定律得mv02mv高三年级物理科答案8页{#{QQABBYaQogggQBAAAAgCEwFqCgKQkAAACIoOwBAAIAABiRNABAA=}#}I得v02m11I2由能量守恒定律得,回路中产生的热量Qmv22mv202024mB正确;1C.当导体棒cd的动量为I时,设导体棒cd速度为v,导体ab速度为v40211I则0Iv401m4m1由动量守恒定律IImv04023I得v024m1由法拉第电磁感应定律,当导体棒cd的动量为I时,回路中的感应电动势40EBlv2Blv1EBIl由闭合电路欧姆定律得I02R4mR1当导体棒cd的动量为I时,对导体棒ab由牛顿第二定律得40mgsinmgcosBIlmaB2l2I解得a04m2RC正确;1D.当导体棒cd的动量为I0的过程中,设流经回路某截面的电荷量为q,平均电流为I,4时间为t,对导体棒cd由动量定理得1(mgsinmgcosBIl)tBIltBlqI40I得q04Bl又EBlxqItttt2R2R2R2

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