2024南昌高三一模物理答案

2024年HGT第一次模拟测试物理参考答案及评分意见一、选择题（本题共10小题，1-7题为单选题，每小题4分；8—10为不定项选择题，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）题号12345678910答案BDADADCBDACBCD二、实验题（11题6分，12题9分）（分）11.(1).1.352偏大（分）(2).22a4π（分）(3).b2右（分）12.(1).2（分）(5).12（分）；（分）(6).1.5020.593三、解答题(13题10分，14题12分，15题17分）13.（）°；145（）m；m2(2−2)(8−42)（）激光笔发射出的激光进入水面时入射角为1170.5°由1可得22………………………………（分）cos70.5°=sin70.5°=133激光笔发出的激光进入水中时入射角用θ表示，折射角用β表示，111θ由sin1n…………………………………………………………（分）β=1sin1可得β2，故β…………………………………………（分）sin1=1=45°22（）激光笔发射出的激光进入水面时入射角为2253.0°由3，可得4cos53.0°=sin53.0°=55激光笔发出的激光进入水中时入射角用θ表示，折射角用β表示，222θ由sin2n…………………………………………………………（分）β=1sin2可得β3sin2=5设两光线入射点之间的距离为x，∆则有：xθθ……………………………………（分）∆=ℎ2tan2−ℎ1tan11可得x（）m……………………………………（分）∆=2−21同理：xHβHβ……………………………………（分）∆=tan1−tan21—高三物理第页（共页）—13联立可得Hm………………………………………………（分）=(8−42)214.BLd（）2；1R5（）1；23m3g2R2（）3mgd25W3−B4L4−572BLdθ（）在导体杆b由静止释放到导体杆b运动到QQ处的过程中E∆∅cos112ˉ=t=t∆∆……………………………………………………………………………………（分）1E根据闭合电路的欧姆定律有：Iˉ，ˉ=R2根据电流的定义式：qIt=ˉ∆BLd联立可得q2………………………………………………（分）=R25（）当导体杆速度最大时，对导体杆受力分析有：mgμFA……………（分）2a=1对导体杆b受力分析，沿斜面方向mgθFAθfsin=cos+垂直斜面方向有：mgθFAθFNcos+sin=由摩擦力的大小fFNμ=联立可得μ1…………………………………………………（分）=33mg（）当导体杆b速度最大时，可知Fmgμ…………………………（分）3A==13电动势EBLvθ=cosE电流大小I，导体杆受到的安培力FBIL，=RbA=2mgR联立可得v5………………………………………………（分）=B2L226根据动能定理可得：1mv2mgdθWW=sin−+安2m3g2R2联立可得：Q总W安3mgd25W………………………（分）=−=−B4L4−257215.L（）32；181（）m，：；21727（）4L345vv（）物块在在tt的时间内沿斜面匀加速下滑，加速度大小a6001A130−1901=tt=t190−1300物块在tt时间内与在t的时间内受力情况一致，加速度相同，A130−1900−90则有tt时vatv…………………………………………（分）=90=1∙90=902—高三物理第页（共页）—23vt刚释放物块时，之间的距离为L，则有L90∙90AAB=L2可得vt2………………………………………………………（分）00=181物块在在tt的时间内沿斜面向上运动，A90−130vtt运动的距离L80(130−90)vt……………………………（分）1==16001L2联立可得L32…………………………………………………（分）1=181（）物块与物块第一次碰撞时，由动量守恒可得：mvmvAMvB2AB=1+1碰撞为弹性碰撞，由能量守恒可得1mv21mvA21MvB2…………（分）=1+11222其中vv，vAv=901=−80联立可得：vBv，Mm……………………………………（分）1=0=172vtt物块在tt时间内下滑的距离L60(190−130)vtA130−1902==18002故物块碰后沿斜面下滑的距离xLLvt…………………（分）B1=2−1=2001vB假设第二次碰撞前物块已停止运动，则有x1t，可得tt，B1=11=402即tt时，物块停止运动，假设成立=130BvBv设物块下滑过程中的加速度大小为a，则有a10…………（分）B=t=t14040设斜面倾斜角为θ，根据牛顿第二定律：对物块有：MgθMgμθMaBsin−2cos=−物块下滑时，mgθmgμθmaAsin−1cos=1vv物块沿斜面向上运动运动时加速度大小为a，则有a8020A22=t=t400由牛顿第二定律可得mgθmgμθma………………………（分）sin+1cos=22联立可得μ：μ……………………………………………（分）12=2:71（）tt时，物块与物块发生第二次碰撞，碰前瞬间物块的速度vv3=190ABA1=60由动量守恒可得：mvmvAMvB1=2+2碰撞为弹性碰撞，由能量守恒可得1mv21mvA21MvB21=2+2222联立可得：vB2v…………………………………………………（分）2=013设第二次碰撞后物块下滑的距离为x，则有axvB2B222=2vt可得x8004x……………………………………………………（分）2==1199n−1以此类推可得xn4x=1(9)4n1−()则物块运动的总距离xxxxxn9x…………（分）B=1+2+3.....+=∙1141−9当n时，代入数据可得x4L…………………………………（分）→∞=145—高三物理第页（共页）—33