答案:2021-2022学年安徽省合肥市庐阳区九年级(上)期末物理试卷

2024-01-08 · U9 上传 · 14页 · 431.7 K

2021-2022学年安徽省合肥市庐阳区九年级(上)期末物理试卷参考答案与试题解析一、填空题(每空2分,共20分)1.【分析】晶体有一定的熔点,在熔化过程中吸热但温度保持不变。【解答】解:由图象可知,该固体在熔化的过程中,吸收热量,但温度保持不变,所以该物质是晶体。故答案为:晶体;不变。【点评】本题考查晶体的熔化图像和晶体熔化的特点,属于基础题。2.【分析】(1)当物体对外做功时,物体的内能转化为机械能,物体的内能减小;(2)汽油机的四个冲程中,做功冲程将内能转化为机械能,压缩冲程将机械能转化为内能;(3)物质由气态变为液态的过程叫液化,液化放热。【解答】解:当瓶内水蒸气把瓶塞冲出时,瓶内水蒸气对瓶塞做功,使得其内能减小,温度降低,即该过程是将内能转化为机械能的过程,此过程与汽油机的做功冲程类似,在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能;试管内气体对活塞做功时,内能减小,温度降低,水蒸气放出热量发生液化现象,出现白雾。故答案为:做功;液化。【点评】本题能量转化以及物态变化,难度不大。3.【分析】凝华:气态直接变为固态的过程,该过程会放热。比热容:单位质量某物质,温度变化1℃,吸收或放出的热量。相同质量的不同物质,初温相同,比热容大的物质吸收相同的热量温度变化较慢。【解答】解:霜是由于水蒸气遇冷凝华为固体的形成的。质量相同的不同物质,初温相同,吸收相同的热量,比热容小的物质升温较快,比热容大的物质升温较慢,蓖麻油比煤油温度变化大,故煤油的比热容更大。故答案为:凝华;煤油。【点评】本题考查自然现象中的凝华现象和比热容的概念,难度较小。4.【分析】(1)容易导电的物体叫导体,不容易导电的物体叫绝缘体;常见的导体包括:人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油第1页(共14页)等;导体和绝缘体没有绝对的界限。(2)规定正电荷定向移动的方向为电流的方向,电子的定向移动方向与电流方向相反。【解答】解:当云层电荷较多时,避雷针与云层之间的空气被击穿,使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路,此时空气是导体。若云层带正电,放电时,自由电子由大地到云层,所以则电流的方向是从云层到大地。故答案为:导;从云层到大地。【点评】知道生活中的导体和绝缘体,理解电流方向的规定,可解答此题。5.【分析】电压表在电路中相当于断路,应并联在电路中;电流表在电路中相当于导线,应串联在电路中,据此可运用假设法进行判断。【解答】解:如果甲是电压表、乙是电流表,则乙和L2被短路,只有灯L1可以工作,也只有甲表有示数,故这种假设不成立;如果甲是电流表、乙是电压表,则两灯泡并联,电流表测灯L2的电流,电压表测并联电路的电压,两表都有示数,这样符合题意,因此,电压表是乙表。故答案为:乙。【点评】运用好假设法来对电路进行分析,并知道电压表和电流表在电路中的连接方法是解答的关键。6.【分析】灯泡的接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点;零线直接接入灯泡的螺旋套。三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线。【解答】解:灯泡的接法:开关要接在火线和所控制的灯之间,这样在断开开关时能切断火线,接触灯泡不会发生触电事故。三孔插座的接法:上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线,如图所示:【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法,同时考虑实用性和安全性。第2页(共14页)7.【分析】从图像中读出任意一组电压和对应的电流值,根据欧姆定律求出R1与R2的阻值。两电阻并联时两端的电压相等,根据欧姆定律求出通过它们的电流之比。【解答】解:由图像可知,当U1=U2=2V时,对应的电流分别为I1=0.4A,I2=0.1A,由I=可得,两电阻的阻值分别为:R1===5,R2===20;ΩΩ则两电阻的阻值之比:R1:R2=5:20=1:4。当把R1、RΩ2并联Ω在某一电路中时,因为并联电路中各支路两端的电压相等,所以U1:U2=1:1;此时通过它们的电流之比:I1′:I2′=:=R2:R1=4:1。故答案为:1:1;4:1。【点评】本题考查了并联电路的电压特点、欧姆定律的应用,关键是由图像得出相关的信息。8.【分析】当开关S1闭合,S2、S3断开时,R1与R2串联,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律求出电源的电压;根据P=分析电路的最大功率。【解答】解:当开关S1闭合,S2、S3断开时,R1与R2串联,电流表测电路中的电流,串联电路各处电流都相等,串联电路总电阻等于各分电阻之和,由I=可得,电源电压为:U=I(R1+R2)=0.1A×(10+20)=3V;ΩΩ根据P=可知,电源电压不变,当电路中的总电阻最小时,总功率是最大的;由图可知,当开关S1、S2、S3都闭合时,R1和R3并联,并联电路总电阻的倒数等于各分电阻的倒数之和,并联电路的总电阻小于任一分电阻,根据并联电路的电阻关系可知,此时的总电阻是最小的,电功率是最大的,则最大功率为:P=+=+=0.75W。故答案为:3;0.75。第3页(共14页)【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,分清开关闭合、断开时电路的连接方式是解题的基础与关键。9.【分析】利用P=的变形公式求出暖风机正常工作1h消耗的电能;3000imp/(kW•h)表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能,电能表的脉冲指示灯闪烁3000次,据此可求出暖风机正常工作1h,脉冲指示灯闪烁的次数。【解答】解:由图甲可知,暖风机的额定功率为P=2200W=2.2kW,由P=可知,暖风机正常工作1h消耗的电能:W=Pt=2.2kW×1h=2.2kW•h;由图乙可知,电能表的字样“3000imp/(kW•h)”,表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能,电能表的脉冲指示灯闪烁3000次,则暖风机正常工作1h,脉冲指示灯闪烁的次数:n=2.2kW•h×3000imp(/kW•h)=6600imp。故答案为:6600。【点评】本题考查对电能表参数的理解、电功率公式的灵活运用,知道3000imp/(kW•h)表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能,电能表的脉冲指示灯闪烁3000次是解题的关键。10.【分析】(1)已知灯泡的额定电压和额定功率,利用求出灯泡的电阻,两个灯泡规格相同,电阻相同;闭合开关S1、S2,满足夜间正常照明需要,分析此时电路的连接,利用欧姆定律表示出正常照明L1中的电流I1;闭合开关S1、断开S2,满足夜间多区域照明需要,分析此时的电路连接,利用欧姆定律表示出多区域照明L1中的电流I2,进而可求出正常照明与多区域照明L1中的电流之比;(2)当闭合开关S1、S2时,利用W=Pt求出正常照明10h消耗的电能;闭合开关S1、断开S2时,利用求出区域照明10h消耗的总电能,据此可求出正常照明10h消耗的电能比多区域照明10h消耗的总电能多的能量。【解答】解:(1)由题知灯泡L1和L2的规格均为“220V40W”,则两灯的电阻为:,闭合开关S1、S2,满足夜间正常照明需要,此时电路为L1的简单电路,此时通过L1的电流为:;闭合开关S1、断开S2,满足夜间多区域照明需要,此时电路为L1和L2的串联电路,此第4页(共14页)时通过L1的电流为:,则正常照明与多区域照明L1中的电流之比为:;(2)当闭合开关S1、S2时,正常照明10h消耗的电能为:W=Pt=40W×10×3600s=1.44×106J,闭合开关S1、断开S2时,区域照明10h消耗的总电能为:=J,W﹣W′=1.44×106J﹣0.72×106J=0.72×106J=0.2kW•h,则正常照明10h消耗的电能比多区域照明10h消耗的总电能多0.2kW•h。故答案为:2:1;0.2。【点评】本题主要考查了欧姆定律、电能和电功率的计算,解题的关键是要灵活运用电能和电功率的计算公式,注意公式的变形。二、选择题(每小题2分,共14分;每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题意)。11.【分析】物质从固态变为液态叫熔化;从液态变为固态叫凝固;物质从液态变为气态叫汽化;物质从气态变为液态叫液化;物质从固态直接变为气态叫升华;从气态直接变为固态叫凝华。【解答】用橡皮塞堵住注射孔,向外拉动活塞,液态乙醚消失,乙醚由液态变为气态是汽化现象;A.清晨,人在户外呼出“白气”,人呼出的水蒸气遇冷从气态变为液态是液化现象,故此选项不符合题意;B.雪水在屋檐下形成冰锥,水从液态变为固态是凝固现象,故此选项不符合题意;C.洗手后,用热风干手器将手烘干,水从液态变为气态是汽化现象,故此选项符合题意;D.寒冬,雪人没有熔化却变小了,雪从固态直接变为气态是升华现象,故此选项不符合题意。故选:C。【点评】本题考查辨别生活中的物态变化,是基础题。12.【分析】(1)热传递的条件是两个物体之间存在温度差,热量从高温物体传给低温物体第5页(共14页)或者从物体的高温部分传向低温部分。(2)内能的大小跟质量、温度、状态有关;晶体熔化过程吸收热量,温度不变,内能增大;(3)物体由液态变为气态的过程叫汽化,汽化吸收热量;(4)改变物体内能的方式有做功和热传递,做功属于能量的转化,热传递属于能量的转移。【解答】解:A、发生热传递时,传递的是热量而不是温度,故A错误;B、一块0℃的冰熔化成0℃的水后,吸收热量,温度不变,内能增加,故B错误;C、夏天在室内洒水,水汽化(蒸发)吸收热量,起到降温的作用,不是利用了水的比热容较大的性质,故C错误;D、内燃机的压缩冲程,活塞压缩气缸内物质做功,机械能转化为内能,是通过做功改变物体的内能,故D正确。故选:D。【点评】本题综合考查了热传递的条件、晶体熔化的特点、物体内能的改变方法、汽化吸热等有关知识,是一道综合题。13.【分析】由题意可知,照明灯和电动机可以独立工作、互不影响即为并联,且各支路均有一个开关,据此进行解答。【解答】解:A.当两开关同时闭合时电灯和电动机同时工作,只闭合S1时电灯单独工作,只闭合S2时电动机单独工作,故A符合题意;B.当两开关同时闭合,电动机被短路,电灯单独工作;只闭合S1,电灯和电动机同时工作,但不能让电动机单独工作,故B不符合题意;C.当两开关同时闭合,电灯和电动机同时工作;只闭合S1,灯泡单独工作,但不能让电动机单独工作,故C不符合题意;D.闭合S,电灯和电动机同时工作,但不能让电灯或电动机单独工作,故D不符合题意。故选:A。【点评】本题考查了串并联电路的设计,根据题意得出照明灯和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。14.【分析】(1)影响电阻的因素是材料、长度、横截面积和温度,根据表中数据判断三个导体的电阻大小;第6页(共14页)(2)根据串联电路的电流特点和W=UIt=I2Rt判断电流通过三个导体做功的大小。【解答】解:甲、乙、丙三个导体材料相同、均为圆柱体,由表中数据知,甲和乙横截面积相等,乙比甲长度大,所以R乙>R甲,甲和丙长度相等,甲的横截面积小于丙,所以R甲>R丙,所以三个导体的大小关系为:R乙>R甲>R丙;甲、乙、丙三个导体串联在电路中,所以通过它们的电流相等,通电都为1min,2根据W=UIt=IRt可知,W乙>W甲>W丙。故选:A。【点评】本题考查电阻影响因素的理解以及电功公式的灵活应用,判断出三个导体的电阻关系是关键。15.【分析】由实物电路图可知,闭合开关S,定值电阻R与滑动变阻器并联,电流表测干路电流,电压表测电源两端的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过定值电阻R的电流变化,根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化,利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化。【解答】解:由实物电路图可知,闭合开关S,定值电阻R与滑动变阻器并联,电流表测干路电流,电压表测电源两端的电压。因电源电压保持不变,所以,滑片移动时电压表的示数不变,故AB错误;因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以,滑片移动时通过定值电阻R的电流不变,将滑动变阻器的滑片P缓慢向右移动的过程中,变阻器

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